「JOI 2021 Final」地牢 3
「JOI 2021 Final」地牢 3
判定无解
无解即：\(\exists i\in[S,T-1],A_i>U\)
是一个简单的区间最值问题
\(O(nm)\)
关于用单调队列之类的东西维护每个点权值的方法这里就不提了
形式化地，我们把一层层点放到数轴上，令\(X_i=\sum_{j<i}A_j\)
在数轴上坐标每\(+1\)消耗一点能量，我们要从\(X_S\)走到\(X_T\)
考虑每个点的情况，不妨看做是用\(B_i\)去覆盖\((X_S,X_T]\)，求最小权值
发现对于\(B_i\)，它能够合法覆盖的区间一定是\((X_i,X_i+U]\)
暴力地，可以直接让\(B_i\)更新这段区间的最小权值，然后暴力求和
进一步分析每个\(B_i\)覆盖的区间，可以发现是合法区间\((X_i,X_i+U]\)中的某一连续段\((L_i,R_i]\)
而\(L_i\)取决于\(B_i\)前面第一个\(B_{pre}<B_i\)，\(R_i\)取决于后面第一个\(B_{nxt}\leq B_i\)
关于\(pre,nxt\)的求解显然只是一个单调栈解决
得到\((L_i,R_i]\)简单的描述
\(L_i=\max\{X_i,X_{pre}+U\}\)
\(R_i=\min\{X_i+U,X_{nxt}\}\)
(ps:这样求得的\(L_i\)不一定\(<R_i\))
暴力枚举即可\(O(n)\)查询
\(T_i=n+1\) 从这里开始需要一些数据结构？
考虑倒着从\(n\)到\(1\)计算每一个\(S_i\)的答案
发现在刚插入\(i\)的时候，\(pre_i\)还未出现，可以看做\(-\infty\)，\(nxt_i\)已经确定
当\(pre_i\)出现时可以重新进行一次插入
每次插入可以用三元组表示\((i,pre,nxt)\)，为了便于叙述这里\(pre,nxt\)直接是坐标
考虑对于\(L_i,R_i\)进行参数分离计算，首先要考虑何时满足\(L_i<R_i\)
显然条件就是\(nxt-pre>U\)
\(\displaystyle L_i=\max\{X_i,X_{pre}+U\}=X_{pre}+\max\{X_i-X_{pre},U\}\)
\(\displaystyle R_i=\min\{X_i+U,X_{nxt}\}=X_i+\min\{U,X_{nxt}-X_i\}\)
\(\displaystyle Answer=\sum_{nxt-pre>U} (R_i-L_i)\cdot B_i\)
离线询问，离散之后可以用树状数组维护上述式子，对于不合法部分不要加入即可
\(O(n\log n)\)
上面已经能计算\(T_i=n+1\)的询问，考虑将\(S,T\)转化为\(T_{i}=n+1\)的问题
如果直接\(S,T\)相减显然不合法，不妨找到在\((S,n+1)\)的方案中，覆盖的\(T\)的点\(T'\)
\((S,n+1)-(T',n+1)\)会抵消掉在\(S\)的方案中\(T\)右边的部分，而\((X_{T'},X_T]\)显然仍然是由\(B_{T'}\)覆盖，补回来即可
由此完成分离操作，而根据上面区间覆盖的定义，\(T'\)实际上就是\((X_T-U,X_T]\)中最小的\(B_i\)
所有操作都可以\(O(n\log n)\)完成
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef double db;
typedef pair <int,int> Pii;
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define Mod1(x) ((x>=P)&&(x-=P))
#define Mod2(x) ((x<0)&&(x+=P))
#define rep(i,a,b) for(int i=a,i##end=b;i<=i##end;++i)
#define drep(i,a,b) for(int i=a,i##end=b;i>=i##end;--i)
template <class T> inline void cmin(T &a,T b){ ((a>b)&&(a=b)); }
template <class T> inline void cmax(T &a,T b){ ((a<b)&&(a=b)); }
char IO;
int rd(){
int s=0,f=0;
while(!isdigit(IO=getchar())) f|=IO=='-';
do s=(s<<1)+(s<<3)+(IO^'0');
while(isdigit(IO=getchar()));
return f?-s:s;
}
const int N=2e5+10,INF=1e9+10;
int n,m,A[N],B[N],nxt[N],stk[N],top,C;
ll ans[N],X[N],H[N];
struct Node{ int U,k,id; };
vector <Node> Q[N];
vector <int> G[N];
struct BIT{
ll s[N];
void Add(int p,ll x){
while(p<=C) s[p]+=x,p+=p&-p;
}
ll Que(int p){
ll res=0;
while(p) res+=s[p],p-=p&-p;
return res;
}
} T1,T2;
// T1维护式子中含U项的和
// T2维护式子中常数和
struct MaxTree{
int s[N<<2],bit;
void Build(){
for(bit=1;bit<=n+1;bit<<=1) ;
rep(i,1,n) s[bit+i]=A[i];
drep(i,bit,1) s[i]=max(s[i<<1],s[i<<1|1]);
}
int Que(int l,int r){
if(l==r) return s[l+bit];
int res=0;
for(l+=bit-1,r+=bit+1;l^r^1;l>>=1,r>>=1){
if(~l&1) cmax(res,s[l^1]);
if(r&1) cmax(res,s[r^1]);
}
return res;
}
} Max;
struct MinTree{
int s[N<<2],bit;
int Min(int x,int y){ return mp(B[x],x)<mp(B[y],y)?x:y; }
void Build(){
B[0]=1e9;
for(bit=1;bit<=n+1;bit<<=1) ;
rep(i,1,n) s[bit+i]=i;
drep(i,bit,1) s[i]=Min(s[i<<1],s[i<<1|1]);
}
int Que(int l,int r){
if(l==r) return s[l+bit];
int res=0;
for(l+=bit-1,r+=bit+1;l^r^1;l>>=1,r>>=1){
if(~l&1) res=Min(res,s[l^1]);
if(r&1) res=Min(res,s[r^1]);
}
return res;
}
} Min;
// Min 用于寻找T'
void Add(int i,ll pre,ll nxt,int k){
int p=lower_bound(H+1,H+C+1,X[i]-pre)-H,r=lower_bound(H+1,H+C+1,nxt-pre)-H;
// -L
T1.Add(p,-B[i]*k), T1.Add(r,B[i]*k);
T2.Add(p,k*B[i]*(X[i]-pre)), T2.Add(r,-k*B[i]*(X[i]-pre));
// +R
p=lower_bound(H+1,H+C+1,nxt-X[i])-H;
T1.Add(1,k*B[i]),T1.Add(p,-k*B[i]);
T2.Add(p,k*(nxt-X[i])*B[i]),T2.Add(r,-k*(nxt-X[i])*B[i]);
}
int main(){
n=rd(),m=rd();
rep(i,1,n) A[i]=rd(),X[i+1]=X[i]+A[i];
rep(i,1,n) B[i]=rd();
drep(i,n+1,1) {
while(top && B[stk[top]]>=B[i]) G[i].pb(stk[top--]);
nxt[i]=stk[top],stk[++top]=i;
}
Min.Build(),Max.Build();
rep(i,1,m) {
int S=rd(),T=rd(),U=rd();
if(Max.Que(S,T-1)>U){ ans[i]=-1; continue; }
H[++C]=U,Q[S].pb((Node){U,1,i});
int l=lower_bound(X+1,X+n+2,X[T]-U)-X; cmax(l,S);
int t=Min.Que(l,T);
ans[i]+=(X[T]-X[t])*B[t];
Q[t].pb((Node){U,-1,i});
}
sort(H+1,H+C+1),C=unique(H+1,H+C+1)-H-1;
drep(i,n,1){
Add(i,-1e9,X[nxt[i]],1);
for(int j:G[i]) Add(j,-1e9,X[nxt[j]],-1),Add(j,X[i],X[nxt[j]],1);
for(Node j:Q[i]){
int p=lower_bound(H+1,H+C+1,j.U)-H;
ans[j.id]+=j.k*(j.U*T1.Que(p)+T2.Que(p));
}
}
rep(i,1,m) printf("%lld\n",ans[i]);
}
