POJ - 2018 二分+单调子段和

依然是学习分析方法的一道题
求一个长度为n的序列中的一个平均值最大且长度不小于L的子段，输出最大平均值
最值问题可二分，从而转变为判定性问题：是否存在长度大于等于L且平均值大于等于mid的字段和
每个数与mid作差再转变为求非负子段
子段和问题应该利用前缀和C，长度大于等于L的字段和最大值可表示为
max{Aj+1 + Aj+2 ... + Ai},i-j+1-1>=L,j+1>=1
等价于
max{Ci-min{Cj}},L<=i<=n,0<=j<=i-L
注意是i=L时j=0
只要i单调递增,j也单调递增，可O(1)更新答案，然后不断二分尺取即可

j+1的表示方法值得学习，不然推式子会习惯性把0的可能给忘了

不得不抱怨POJ
浮点二分100次是WA的50次是AC，哪有这种道理
因为只输出到个位while(r-l>1e-5)倒是可以，但显然精度没上面好

/*H E A D*/
int n,L;
double a[maxn],b[maxn],c[maxn];
bool C(double x){
	rep(i,1,n) b[i]=a[i]-x;
	rep(i,1,n) c[i]=c[i-1]+b[i];
	double ans=-1e12;
	double mn=1e12;
	rep(i,L,n){
		mn=min(mn,c[i-L]);
		ans=max(ans,c[i]-mn);
	}
	return ans>=0;
} 
int main(){
	while(~iin(n)){
		iin(L);
		rep(i,1,n) din(a[i]);
		double l=-1e6,r=1e6;
		rep(i,1,50){
			double mid=(l+r)/2;
			if(C(mid)) l=mid;
			else r=mid;
		}
		printf("%lld\n",(ll)(r*1000));
	}
	return 0;
}