P3388 【模板】割点(割顶) 题解
简要题意:
给定一个图,求所有割点。
割点(割顶)的定义:去掉该点整个图不连通。
前置知识:
强连通分量的 \(\texttt{Tarjan}\) 求法。
本题作为 \(\texttt{Tarjan}\) 求割点的模板题。
首先,我们同样和求强连通分量一样,搞出一个 \(\text{dfn}\) 和 \(\text{low}\).
接着,你会发现这样的情况:
如果 \(x\) 节点后面搜索树上的点 \(y\) 都满足 \(low_y \geq x\),此时 \(x\) 不出意外 是一个割点。
那 “意外” 指什么?
想一下,如果是一条链的链顶,同样也满足 \(low_y \geq x(y \in \texttt{Subtree(x)})\),但它不是割点。
因此,我们从 \(p\) 节点开始搜索,就要判断清楚,\(p\) 到底是不是?
应该是这样的:如果 \(p\) 有超过 \(1\) 个儿子,说明把它弄掉之后那 \(>1\) 个儿子走不通,所以 \(p\) 是割点。
否则 \(\leq 1\) 个儿子显然不是割点,这是要特殊判断的。
答案如何记录?你注意到需要将答案去重,排序(因为一个点可能被它的每一个子树重复的记录多次)。那么显然就是用 \(\texttt{set}\) 解决!
智商不够,数据结构来凑
\(\texttt{set}\) 的到来凭空给时间增加一个 \(\texttt{log}\),但是没有关系,因为本来 \(\texttt{Tarjan}\) 就是线性的。
(其实明明可以先哈希的,可是用 \(\text{STL}\) 多快乐啊·)
注意细节即可通过。
时间复杂度:\(O(n \log n + m)\).
实际得分:\(100pts\).
#pragma GCC optimize(2)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e5+1;
inline int read(){char ch=getchar();int f=1;while(ch<'0' || ch>'9') {if(ch=='-') f=-f; ch=getchar();}
int x=0;while(ch>='0' && ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();return x*f;}
int low[N],dfn[N],fa[N],n,m,cnt=0;
bool vis[N]; set<int>s;
vector<int>G[N];
inline void Tarjan(int u) {
int sum=0; vis[u]=1; //sum 是子树个数
dfn[u]=low[u]=++cnt;
for(int i=0;i<G[u].size();i++) {
int v=G[u][i];
if(!vis[v]) {
fa[v]=u; sum++; Tarjan(v); //父亲节点用来判断起始点
low[u]=min(low[u],low[v]);
if(fa[u]!=u && low[v]>=dfn[u]) s.insert(u); //先把起始点排除
} else if(v!=fa[u]) low[u]=min(low[u],dfn[v]); //同样记录
} if(fa[u]==u && sum>=2) s.insert(u); //最后判断起始点
}
int main(){
n=read(),m=read(); while(m--) {
int x=read(),y=read();
G[x].push_back(y);
G[y].push_back(x);
} for(int i=1;i<=n;i++)
if(!vis[i]) {
fa[i]=i; //表示从 i 节点开始搜索
Tarjan(i);
cnt=0;
}
cout<<s.size()<<endl;
for(set<int>::iterator i=s.begin();i!=s.end();i++)
printf("%d ",*i); //记得是空格隔开,不是答案换行
return 0;
}
简易的代码胜过复杂的说教。