因式分解技巧——多项式的一次因式
余数定理
我们用\(f(x)\)表示多项式 \(a_nx^n+a_{n-1}x^{n-1}+\cdots+a_1x+a_0\),用 \(f(a)\) 表示多项式在 \(x=a\) 时的值。例如, \(f(x)=x^3+6\),则 \(f(1)=7\),\(f(-1)=5\)。
如果我们用一次多项式 \(x-c\) 去除\(f(x)\),则余式就是一个数:$$f(x)=(x-c)g(x)+r.$$
令 \(x=c\),则依据上式可得 \(f(c)=r\), 即 $$f(x)=(x-c)g(x)+f(c).$$
这就是所谓的余数定理。
我们关心的是因式分解,即要求余数为 \(0\). 所以很自然地有结论:
如果 \(f(c)=0\),那么 \(x-c\) 是 \(f(x)\) 的因式;反之,若 \(x-c\) 是 \(f(x)\) 的因式,那么 \(f(c)=0\)。
- 分解因式:\(f(x)=x^3+6x^2+11x+6\).
观察系数可以得到 \(f(-1)=0\), 所以 \(x-(-1)=x+1\) 是它的一次因式。做个除法即可得到 \(f(x)=(x+1)(x^2+5x+6)\). 接着用十字相乘法可得
两边同乘 \(q^n\) 即可得到 $$a_npn+a_{n-1}pq+\cdots+a_1pq{n-1}+a_0qn=0.$$
观察各项中的因式可以看出 \(q|a_n\), \(p|a_0\). 于是我们就有
有理根 \(c=\frac{p}{q}\) 的分子 \(p\) 是常数项 \(a_0\) 的因数, 分母 \(q\) 是首项系数 \(a_n\) 的因数.
-
分解因式:\(f(x)=2x^3-x^2-5x-2\).
\(a_0=-2\) 的因数有 \(\pm 1\), \(\pm 2\),\(a_n=2\) 的因数有 \(\pm 1\), \(\pm 2\)。因此 \(f(x)\) 的有理根只可能是 \(\pm 1\), \(\pm 2\), \(\pm \frac{1}{2}\).
因为 \(f(-1)=0\), 所以 \(f(x)\) 有一次因式 \(x+1\). -
分解因式:\(f(x)=3x^3+x^2+x-2\).
\(a_0=-2\) 的因数有 \(\pm 1\), \(\pm 2\), \(a_n=3\) 的因数有 \(\pm 1\), \(\pm 3\), 所以 \(f(x)\) 的有理根只可能是 \(\pm 1\), \(\pm 2\), \(\pm \frac{1}{3}\), \(\pm \frac{2}{3}\).
因为 \(f(\frac{2}{3})=0\), 所以 \(x-\frac{2}{3}\) 是 \(f(x)\) 的因式,从而 \(3x-2\) 是 \(f(x)\) 的因式。最后我们有
首一多项式
若多项式的首项系数为 \(1\),那么问题更简单了,这时候多项式的有理根都是整根。
- 分解因式:\(x^6+2x^5+3x^4+3x^2+2x+1\).
这个式子的有理根只可能是 \(\pm 1\). 经检验, \(-1\) 是一个根,所以原式有因式 \(x+1\), 即
易知 \(-1\) 也是 \(g(x)\) 的根, 即
于是 $$f=(x+1)2(x2+1)^2$$
- 分解因式:\(x^3-\frac{5}{3}x^2-\frac{11}{3}x-1\).
这个式子不是整系数多项式,但我们可以将其变为整系数多项式,然后再用前面的方法。最后可得 $$f=\frac{1}{3}(x+1)(x-3)(3x+1).$$
字母系数
- 分解因式:\(x^3-(a+b+c)x^2+(ab+bc+ac)x-abc\).
常数项 \(-abc\) 的因式有 \(\pm a\), \(\pm b\), \(\pm c\), \(\pm ab\), \(\pm ac\), \(\pm bc\), \(\pm abc\).
经验算可得, \(a\) 是原式的根, 所以 \(x-a\) 是原式的因式, 于是有
这里再提一个小结论,在猜想根的时候比较便捷:
如果多项式的系数之和为 \(0\), 那么 \(1\) 是多项式的根;如果偶次项系数之和等于奇次项系数之和,那么 \(-1\) 就是多项式的根。