Codeforces Round #380 (Div. 2) 总结分享

B. Spotlights

 

题意

　　有n×m个格子的矩形舞台，每个格子里面可以安排一个演员或聚光灯，聚光灯仅可照射一个方向（俯视，上下左右）。若聚光灯能照到演员，则称为“good position”，求：共有多少“good position”（同一格子的不同照射方向算作不同的position）。

 

分析

　　对于一行而言，只要分别找到两侧第一个演员的位置（命名“标志位”），就能确定这一行的“good position”。两标志位以外的聚光灯只能投向一个方向（∵两标志位在同一侧），标志位之间的聚光灯能投向两个方向（即左右两侧的标志位）。因此，只要计算出两标志位以外的0元个数加上标志位之间0元个数×2就是这一行的“good position”的个数。列同理，然后全部相加即可。

 

代码

#include <bits/stdc++.h>
#define max_n 1001

using namespace std;

int n, m, r1[max_n], r2[max_n], c1[max_n], c2[max_n], r0[max_n], c0[max_n], ans;
int main()
{
    std::ios::sync_with_stdio(0);
    cin >> n >> m;
    int temp;
    for(int i=1; i<=n; i++) { // 1e6
        for(int j=1; j<=m; j++) {
            cin >> temp;
            if(temp) {
                if(!r1[i]) r1[i] = j;
                r2[i] = j;
                if(!c1[j]) c1[j] = i;
                c2[j] = i;
            } else {
                r0[i]++;
                c0[j]++;
            }
        }
    }
    for(int i=1; i<=n; i++) { // 1e3
        if(r1[i]!=0) {
            int t = r1[i]-1+m-r2[i];
            ans += 2*r0[i]-t;
        }
    }
    for(int j=1; j<=m; j++) { // 1e3
        if(c1[j]!=0) {
            int t = c1[j]-1+n-c2[j];
            ans += 2*c0[j]-t;
        }
    }
    cout << ans;
    return 0;
}

 

总结

　　这里有一个卡时间的输入数据1000×1000，若只用cin会造成缓冲区超时。缓冲区超时：由于iostream的缓冲跟stdio的同步，导致cin读取速度很慢，用 std::ios::sync_with_stdio(false); 取消同步，加快速度，但是取消了之后，cin不能和stdio的输入（scanf，fscanf, getchar, fgets等）同时使用，不然可能导致输出与预期不一样，另外，cout尽量少加endl，也是防止超时。所以：尽量使用scanf和printf