洛谷【LGR-180-Div.3】洛谷基础赛 #9 & SFOI Round 1 T427015 「SFOI Round 1」Shade题解

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题目描述

　　小 F 很喜欢「アイデア」这首歌。

　　现在小 F 有一个 N×M 格的方格纸，第(i,j) 个格子上有 Ai,j​ 层的「影子」。

　　小 F 想要把「影子」划破，他可以一次清除某一格上所有层的「影子」，但每清除一次就要消耗 11 点「妙意」，每清除 k 层「影子」可以恢复 11 点「妙意」，当小 F 没有「妙意」时，他就不能清除「影子」了。

　　小 F 现在有 t 点「妙意」，请你求出他最多可以清除多少层「影子」。

输入格式

　　输入共 N+1 行。

　　第 11 行 44 个整数，分别表示方格纸的长度 N、宽度 M 以及恢复「妙意」所需清除「影子」的层量 k 和小 F 初始时拥有「妙意」的点数 t。

　　第 22 至 N+1 行，每行 M 个整数，分别表示该格子上的「影子」的层数 Ai,j​。

输出格式

　　输出共 11 行 11 个整数，表示可以清除「影子」层数的最大值。

分析：

　　因为小F要通过消层数大的来回「妙意」，可以理解为要蓝开技能，技能为“多「妙意」”，然后每次技能要花k个蓝，我们可以定义一个now来代表当前的蓝，如果now≥k了，就可以回「妙意」now/k个，我们可以得出

    if(now>=k){
            long long add=now/k;
            now=now%k;
            t=t+add;
        }

 

 

 

　　这我们就可以很好理解，要从大到小来消「影子」，这样可以让「妙意」得到充分的使用，作者很懒，所以就用优先队列写的，再加上二维数组太大开不下，所以用map写

AC代码如下：

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
long long N,M,k,t;
int main (){
    priority_queue<int>que;
    map<int ,map<int,int>>mp;
    cin>>N>>M>>k>>t;
    for(int i=1;i<=N;i++){
        for(int j=1;j<=M;j++){
            cin>>mp[i][j];
            que.push(mp[i][j]);
        } 
    }
    long long ans=0,now=0,step=0;
    while(t!=0){
        step++;
        if(step>N*M)break;
        t--;
        ans+=que.top();
        now+=que.top();
        if(now>=k){
            long long add=now/k;
            now=now%k;
            t=t+add;
        }
        que.pop();    
    }cout<<ans;
}