随笔分类 - 线段树
摘要：E Boring Segments 双指针加线段树； 线段树维护区间覆盖问题，具体来说每个节点维护区间被完整覆盖的最小次数； 先将线段按照权值从小到大排序，seg[i]指下标i所对应的线段； 对于双指针l，r来说，r向右移的同时将seg[r]对应的线段覆盖，直到覆盖掉整个区间[1,m]，此时再右移l
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摘要：题链 对于一个区间有如下数字{5，6，7，8}，他们的二进制表示分别为： 5：0101 6：0110 7：0111 8：1000 那么这区间数的总和可以这么计算： 1*(23) + 3*(22) + 2*(21) + 2*(20); 其中(2^i)次方前的系数就是第i位的1的个数之和 将他们异或上一
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摘要：题链 线段树维护矩阵模板题 #include <bits/stdc++.h> //#pragma GCC optimize(2) using namespace std; #define LL long long #define ll long long #define ULL unsigned l
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摘要：题链 树剖板题 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define ls rt<<1 #define rs rt<<1|1 #define LL long long #define PI acos(-1.0) #define eps 1e-8
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摘要：题链 树链剖分模板题，注意ai数据范围就好 //#include <bits/stdc++.h> #include <iostream> #include <vector> using namespace std; #define ls rt<<1 #define rs rt<<1|1 #defin
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摘要：题链 求其前缀和，对于每一个i，可选值的范围是[i+L-1,i+R-1]，假设选了pos，那么得到的贡献就是a[pos]-a[i-1]，也就是说需要选择前m大的值相加； 如果对于一个i，我在它可选值范围内选了pos，得到贡献后，对于i的下一个最大值可能在[i-L+1,pos-1]内，或者[pos+1
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摘要：题链 题意：判断序列能否选择c个数字同时-1并执行s次，操作单点修改； 对于序列中>=s的数字，相当于那些数字就等于s，毕竟执行s次也不会把这些数字删成0； 结论就是八那些超过s的数字看作s，如果序列的总和>=c*s的话，就是可行的，否则不可行； 把每个数想象成不同颜色的楼房，比如 7 9 3 2
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摘要：题链 可将询问按L从小到大排序，每次将序列中花朵第二次出现的位置置为1，用树状数组维护； --树状数组 //#include <bits/stdc++.h> #include <iostream> #include <algorithm> #include <ctime> #include <cma
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摘要：题链 线段树维护区间最大字段和； 讲的非常好 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define ls rt<<1 #define rs rt<<1|1 #define LL long long #define ll long long #de
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摘要：题链 线段树维护节点从左边最大，从右边最大，最大子段和，总和，区间最大值； 如果区间最大值小于 0，输出区间最大值； 否则输出最大子段和； #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define ls rt<<1 #define rs rt<<1|
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摘要：# 题意 题链 题意：定义一个数字 num 在一个数组中的贡献为 最后一次出现的下标 减去 第一次出现的下标； 定义一个数组的价值 cost 为该数组中出现过的数字 num 的价值总和； 如数组 [2,2,3,2,3]，cost = (4-1)+(5-3) = 5； 给定 n ,m,以及长度为 n
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摘要：题链 原来这才是可持久化的基础之基础 #include <bits/stdc++.h> //#include <ext/rope> //using namespace __gnu_cxx; using namespace std; #define LL long long #define ll lo
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摘要：题链 dp[x] 表示以 x 为进化终点能取得的最大进化次数； 可以发现 dp[x] 等于 树上x的前缀最大值 +1; 但是不可能递归寻找x的父亲直到根节点，因为会超时； 所以采用重链剖分+线段树维护前缀最大值，复杂度O(nlogn*logn)； #include <bits/stdc++.h> u
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摘要：题链 学习自大型同性交友网站，这个B 站up主讲的非常好！ 终于学会了第一个维护树上问题的方法，我好兴奋啊！ #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define LL long long #define ll long long #define
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摘要：题链 对于每一个a[i]可以记录它上一次出现的位置； 1.可以用树状数组解（离线）：对询问排序（询问的r从小到大），右指针移动则add(R,1)，然后对a[R]上一次出现的位置add(pos,-1)，对于一个询问则是query(r)-query(l-1)； 2.可以主席树记录原数组下标方式解（在线）
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摘要：答案是对着这段区间 [L,R] 不断询问直到不存在 x+1 得来的； 例如一个区间有为 1，2，4，4； 首先询问 1，发现存在 1，ans = 1； 然后询问 ans+1 = 2，发现存在 2，则 [1,3] 都能凑出，ans = 3； 接着询问 ans+1 = 4，发现存在两个 4，则 [1,1
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摘要：题链 分析 前50%的数据 val[i][j][k] 表示 [1,1][i,j] 大于等于 k 的值 的总和； size[i][j][k] 表示 [1,1][i,j] 大于等于 k 的值 的个数； 在 [1,1000] 之内二分查找； 后50%的数据 建立主席树（可持久化权值线段树），节点信息除了左
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摘要：本题使用动态开点权值线段树... 数据返回是 [-1e7,1e7] ，所以将其 +(1e7+1) 让范围映射到 [1,2e7+1] ,这样就在 [1,2e7+1] 构建权值线段树，记 2e7+1 为 MAXN； 先考虑前面 4 种操作 插入和删除操作就是在线段树的叶子节点（递归的最底层）的位置 +-
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摘要：普通线段树是预先处理出值域的范围。像二叉树一样建树，有时通过将所给序列离线离散化以减小普通线段树的值域。 当所给序列不允许离线而且值域比较大时，动态开点线段树可以 O(nlogm) 维护线段树，m 是值域，假象一开始有一颗 [1,m] 的线段树，当然是不去建它的。 对于普通线段树都有修改操作，则如将
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摘要：OI-wiki 题链 向下推的时候是类似向下推懒惰标记的方式，没理解导致吃了一整页的WA #include <bits/stdc++.h> //#include <ext/pb_ds/priority_queue.hpp> //#pragma GCC optimize("O2") using nam
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