Codeforces Round 1005 (Div. 2)
A - Brogramming Contest
题意
给定长为\(n\)的\(01\)串\(s\)和空串\(t\)，每次操作可以将\(s\)的后缀移到\(t\)末尾，或将\(t\)的后缀移到\(s\)末尾。求使得\(s\)中全是\(0\)且\(t\)中全是\(1\)的最小操作数
思路
\(01,10\)出现的次数
代码
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#include<bits/stdc++.h>
#include<unordered_set>
#include<unordered_map>
using namespace std;
#define int long long
typedef pair<int, int> pii;
const int mxn = 1e6 + 5;
void solve()
{
int n, ans = 0;
string s;
cin >> n >> s;
if (s[0] == '1')
{
ans++;
}
for (int i = 1; i < s.length(); i++)
{
if (s[i] != s[i - 1])
{
ans++;
}
}
cout << ans << endl;
}
signed main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
int __ = 1;
cin >> __;
while (__--)
{
solve();
}
return 0;
}
B - Variety is Discouraged
题意
定义数组的得分为其长度减去其中不同元素的个数。现给定长为\(n\)的正整数数组\(a\)，现在可以至多删除\([l,r]\)段的子数组，使得得分最大，若得分相同，取使得数组长度最小的答案。输出\(l,r\)，不操作输出\(0\)
思路
删除只出现一次的元素不会减少得分；删除只出现一次以上的元素总是减少得分。所以要删除只出现 一次的元素的最长子数组
代码
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#include<bits/stdc++.h>
#include<bits/stdc++.h>
#include<unordered_set>
#include<unordered_map>
using namespace std;
#define int long long
typedef pair<int, int> pii;
const int mxn = 1e6 + 5;
void solve()
{
int n;
cin >> n;
vector<int> a(n + 1), cnt(n + 1);
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
cin >> a[i];
cnt[a[i]]++;
}
int L = 0, R = 0;
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
int l = 0, r = 0;
if (cnt[a[i]] == 1)
{
l = i;
while (i <= n && cnt[a[i]] == 1)
{
r = i;
i++;
}
if (r - l >= R - L)
{
L = l;
R = r;
}
}
}
if (!L)
{
cout << 0 << endl;
}
else
{
cout << L << " " << R << endl;
}
}
signed main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
int __ = 1;
cin >> __;
while (__--)
{
solve();
}
return 0;
}
C - Remove the Ends
题意
给定长为\(n\)的数组\(a(a_i\ne 0)\)。初始得分为\(0\)，进行一下操作直到\(a\)为空：
假设\(m\)是\(a\)的当前大小。选择一个整数\(i\)其中的\(1≤i≤m\)，获得\(|a_i|\)枚金币，然后：
若\(a_i<0\)，获得\(|a_i|\)分，删除以\(a_i\)开头的前缀；
若\(a_i>0\)，获得\(a_i\)分，删除以\(a_i\)结尾的后缀；
思路
要么去掉最左边的正数，要么去掉最右边的负数
代码
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#include<bits/stdc++.h>
#include<unordered_set>
#include<unordered_map>
using namespace std;
#define int long long
typedef pair<int, int> pii;
const int mxn = 1e6 + 5;
void solve()
{
int n;
cin >> n;
vector<int> a(n + 1), x(n + 1, 0), y(n + 1, 0);
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
cin >> a[i];
}
int xx = 0, yy = 0;
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
if (a[i] > 0)
{
xx += a[i];
x[i] = xx;
}
else
{
x[i] = (i == 1 ? 0 : x[i - 1]);
}
}
for (int i = n; i >= 1; i--)
{
if (a[i] < 0)
{
yy -= a[i];
y[i] = yy;
}
else
{
y[i] = (i == n ? 0 : y[i + 1]);
}
}
int ans = 0;
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
ans = max(ans, x[i] + y[i]);
}
cout << ans << endl;
}
signed main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
int __ = 1;
cin >> __;
while (__--)
{
solve();
}
return 0;
}
D - Eating
题意
一个史莱姆\(i\)可以吃掉它左边的史莱姆\(j\)并取代它的位置，如果\(w_i\ge w_j\)。现给定\(n\)个史莱姆及质量和\(q\)次查询，每次查询在原来的基础上，在最右边放一个质量为\(x\)的史莱姆，求这个史莱姆能吃掉几个史莱姆(每次查询独立)
思路
代码
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