摘要：看来传闻不差，数据结构的代码真的很长。。。刘汝佳厚书P198。。。查询优化，，，以下摘自刘汝佳训练指南：把整个数组进行游程编码，用value[],coun[]数组记录第i段的数值和出现次数，用num[p]、left[p]、right[p]记录位置p处所在段的编号和左右端点的位置，，，所以最后只需对3个部分求最大值即可。第一部分，左端，right[L]-L+1第二部分，中间，RMQ(coun, num[L]+1, num[R]+1);第三部分，右端，R-left[R]+1另外要注意：如果L，R在同一段，则答案是R-L+1;代码如下：#include #include #include #i... 阅读全文

摘要：A URAL 1108 【已整理】B URAL 1123【已整理】C URAL 1158D URAL 1160 【已整理】E URAL 1105 阅读全文

摘要：恶心的大数运算，，，比赛的时候，如果没有模版，一般置后的题目了，，，，题意:要求a,b,c,.....使得1-1/a-1/b-1/c-1/d.......的结果最小。。。代码如下：#include #include #define MOD 100000000 long long ans[100000], last[100000], temp[100000]; int ans_l, last_l; void add() { for(int i = 0; i = 0; i--) i==ans_l-1?printf("%I64d", ans[i]):printf("%0 阅读全文

摘要：比赛中没作出来的大水题~~题意：给定一个数字，查找大于等于该数字的最小的回文数字。思路：在纸上画画，就知道规律了，回文串以前面不变为原则，这样才能保证最接近原数字的。例如123111要变成123321，但如果123456这样的该怎么办呢。第一步也是变成123321，但是我们发现这样反而变小了，这是因为对应的数位上前面的数字比后面的数字小，这样我们应该从最中间的数字把这个给加上去，反之，如果前面的数字比后面的大，则不用进位，而且如果前面进位标志如果是1的话，则把进位标识改成0即可。因为此时的高位数字变大，已经弥补了前面的进位误差。例如909090第二位上是0，比倒数第二位上的数字小，则进位标志写 阅读全文

摘要：比赛中的比较裸的模版题，直接抄的模版，题意：给定几个需要链接的点以及能够利用的边，要求用这些变将所有的点都链接起来，且所用边长的最大值尽量小。思路：起初，看题意是最小生成树，但题目所给的样例，并不是最小生成树的结果，纠结半天，然后又看了几遍题目，还是不知所云，最后试着把模版敲上去，submit~~然后便ac了，后来问了才知道，这道题确实最小生成树，不过只要所用边的最大值不变，那些权值小的边可以任意加上去，因为题目只是对最大边最小有要求，对边的数量没有要求。代码如下：#include #include #include using namespace std; #define M 1500... 阅读全文

摘要：题意：给定一个串，每次可以删除一个回文子串，问把全串删干净的最少次数。思路：用状态压缩把所有的状态枚举出来，用数组记录所表示状态所有字符被删除干净的最少次数。状态：dp[x]表示在状态x下把所有字符删除的最少次数。状态压缩：dp[x] = min{dp[x], dp[k]}(k是x的子集)这样的dp的边界不再是dp[0]或dp[n]了。而是对每个状态都要设定原始值，如果某个状态是完全回文的，则dp[x] = 1，否则，dp[x] 就是一个最大值（目前子串的长度）代码入下：#include #include #include #include using namespace std; #... 阅读全文

摘要：题意：求小于n的所有的可以与n互质的数字的个数。思路先判断n是否是质数，如果是的话，那么1.....n-1的所有的数都是和n互质的。如果不是质数的话，则用函数gcd求出即可。代码如下：#include #include #include #include using namespace std; #define M 10005 bool prime[M]; void is_prime() { int m = sqrt(M+0.5); for(int i = 2; i <= m; ++i) if(prime[i]==0) for(i... 阅读全文

摘要：思路：把牌的两个数值抽象成有两个端点的路径，然后找到一个欧拉路径能够遍历所有的边即可。代码如下：#include #include #include using namespace std; #define M 105 vectorg[10][10]; bool vis[M]; int n, du[10], ans[M]; int dfs(int cur, int x) { if(cur==n+1) return 1; for(int i = 0; i <= 6; ++i) { for(int j = 0; j < (int)g[x][i].siz... 阅读全文

摘要：A SPOJ ORDERS http://www.spoj.com/problems/ORDERS/B SPOJ DIV15 【已整理】C SPOJ PARTPALI 【已整理】D SPOJ TAUT http://www.spoj.com/problems/TAUT/E SPOJ WMELON 【已整理】 阅读全文

摘要：题意：输入两个数n, k，要求出存在的所有的“长度为k的回文数并且该数能整除n”的个数，思路，k到了20位，暴力果断的超时了，，，不管我如何优化，当n = 2的时候程序要都跑好久的然后看人家代码用的数位dp，复杂度仅有k*n，所以果断的ac了。状态：dp[i][j]表示第i位数字取模n后为j的情况个数。状态转移：dp[i+1][temp] = sum{dp[i][j], temp是模值为j时且第i位取h时的新模值，h = (0.....9)}代码如下：#include #include #define M 1005 long long dp[15][M]; int tt[25]; int .. 阅读全文

摘要：题意：给出n个点坐标和他们各自的值，求满足条件"矩形内的点值的和不小于k"的最小矩形面积。1、离散+暴力思路，先对y坐标离散化，然后确定两条平行与x轴的直线，求两条直线内满足条件的最小的矩形面积。n^3的复杂度，过的有点危险。代码如下：#include #include #include #include #include using namespace std; #define M 1005 struct node{ int x, y, v; bool operator q; void solve(int i, int j) { int l, r, c... 阅读全文

摘要：题意：给一个数字字符串，要求给出能被15整除的最大的数。思路：15是3和5的倍数，那么能够被15整除的的数，肯定也是3和5共同的整倍数。而3和5的倍数，有很有特点，3的倍数要求每位上的数字之和是3的整倍数，而5的倍数要求个位数上是0或者5.综合其特点，我们就可以找到思路了。。。如果数字中有即没有0有没有5的话，则该数字不符合条件，如果每位上的数字之和sum能被3整除，则该数字在个位数是0或5的前提下，按照大小顺序输出即可。否则要分成sum%3=1和sum%3=2两种情况考虑。sum%3=1，则sum需要减去1，4，7，10，13。。。。。。所以我们要从已存在的1..9中找到要删去的数字。如果没 阅读全文

摘要：1、离散+暴力的方法是最容易想到的。思路:点坐标10^7的范围，使得最容易的暴力无法实现。但坐标的个数最多有2*n个，（n=40000），这样看的话，点的分布就过于分散了，所有我们要找个方法来把点坐标集中起来。而离散化就是能很好的实现这个思路，离散化了以后，n是10^4的规模，那么我们再次使用暴力的话，就能擦边的过掉这道题了。代码如下：#include #include #include using namespace std; #define M 40005 int a[M][2], s[M+M], ss[M+M], f[10000007], flag[M]; int main() {... 阅读全文

摘要：题意：给定每个星星(x,y)的坐标求该满足条件(x' #include using namespace std; #define M 15005 #define lowbit(x) -x&x struct Node{ int v, x; }; Node a[M]; int n, c[M], r[M], ans[M]; int comp(const Node p, const Node q) { return p.v==q.v?p.x0) { ret+=c[x]; x-=lowbit(x); } return ret; } int... 阅读全文

摘要：题意：给出长度为n的序列，每次只能交换相邻的两个元素，问至少要交换几次才使得该序列为递增序列。我们需要知道：逆序数 = 在只允许相邻两个元素交换的条件下,得到有序序列的交换次数所以我们需要求数列的逆序数，O（N*N）的算法肯定会超时的，所有我们寻求较为高效的排序方法，归并排序就是充分利用分治法的而提高效率的排序方法。归并排序：#include #define M 500005 int n , s[M]; long long ans; void move(int l, int mid, int r) { int len = r-l+1; int *a = new int[le... 阅读全文

摘要：A SPOJ RENT【已整理】B SPOJ HAN01【已整理】C SPOJ BALL1 http://www.spoj.com/problems/BALL1/D SPOJ POSTERS 【已整理】E SPOJ MARBLES 【已整理】 阅读全文

摘要：暑期个人赛第二场Problem A题意：给一挪动次数，要求写出此时的汉诺塔上的状态.思路：汉诺塔的典型利用，用递归实现即可。代码入下：#include #define M 64 long long n, k; int ai, bi, ci, a[M], b[M], c[M]; void f(int i, int x) { if(i==1) a[ai++] = x; if(i==2) b[bi++] = x; if(i==3) c[ci++] = x; } long long pow(int x, int o) { if(o==0) return 1; ... 阅读全文

摘要：暑期个人赛第四场快被这道题搞死了。又是题意理解有误题意：有n个订单，每个订单有开始时间，占用时间，愿意支付的money3个参数，要求在这n个订单中选择不冲突的的订单使得money总和最大。思路：对订单的开始时间或者结束时间排序，然后用动归求最优解，如果对开始时间从小到大排序，则动归顺序应从后向前，如果对结束时间从小到大排序，则动归顺序应该从前向后。对于每个订单决策就是选择or丢去状态：dp[i]表示到第i个订单时，money所能取得的最大值状态转移：dp[i] = max(dp[i-1], dp[x]+piece[i]);代码如下:#include #include #include u... 阅读全文

摘要：暑期个人赛第四场题意：把n个求分给k个颜色，思路：转化一下，将球的n-1个空隙插上隔板，那么答案就是c(n-1,k-1);代码如下：#include long long c(int n, int k) { if(n-k double c(int n, int k) { if(n-k<k) k = n-k; double c = 1.0; for(int i = 1; i <= k; ++i) c = c*(n-i+1)/i; return c; } int main () { int n, k, t; scanf("%d", &t); ... 阅读全文

摘要：水题一道，就是题目描述太坑了。。。题意：对于每个序号为k*n+1的位置，若此位置前面三个字母是相同的，则答案加1.代码如下：#include char str[4000005]; int main () { int n; scanf("%d",&n); getchar(); gets(str); int ans = 0; for(int i = n; str[i]; i+=n) { if(str[i-1]==str[i-2]&&str[i-2]==str[i-3]) ans++; } ... 阅读全文

摘要：这道题好多种做法，，，1、联通图。 由于题目特点，这道题可以转化为求图的该图的各个子联通图，每个包含x个点的联通图都可以最多得到不重叠的x/2个牌。注意这句话：很重要的（It's guaranteed the dominoes in the same direction are not overlapped, but horizontal and vertical dominoes may overlap with each other.）代码如下：#include #include #include using namespace std; #define M 2005 int n, 阅读全文

摘要：多校联赛第二场1008结题报告上竟然给的是乱搞二字。题意：从矩阵中找最大的正方形子矩阵使得每行每列的数字是符合回文。输出最大的边长。1、动归 状态；dp[i][j][k]表示以（I，j）为左上角坐标点且边长为k的子矩阵是否符合回文。状态转移：dp[i][j][k] = 1 (如果dp[i-1][j-1][k-2]==1&&外围的四条边上的数字符合回文， 否则dp[i][j][k]=0)dp[i-1][j-1][k-2]就是dp[i][j][k]的内层的小矩阵，为了使得dp[i][j][k]表示的矩阵符合条件，则小矩阵符合回文是状态转移的一个重要条件，代码如下：#include 阅读全文