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HDU 3948 The Number of Palindromes(Manacher+后缀数组)

题意

求一个字符串中本质不同的回文子串的个数。

$ 1\leq |string| \leq 100000$

思路

好像是回文自动机的裸题,但是可以用 \(\text{Manacher}\) (马拉车)算法配合后缀数组(或配合哈希表)解决。

\(\text{Manacher}\) 算法非常短小精悍,它可以在线性时空内求出以每个点为中心拓展的最远距离,筛出与 \(n\) 同阶个数个回文串,这些回文串包含原串所有本质不同的回文串。

为了判掉奇偶串的问题,我们为字符串穿插一个特殊字符,如字符串 abccba,就变成了 #a#b#c#c#b#a#。

设每个点向两边拓展形成的最远距离(包含本身)为数组 \(p\) ,那么上述字符串对应的 \(p\) 数组如下:

str # a # b # c # c # b # a #
p 1 2 1 2 1 2 7 2 1 2 1 2 1

不难看出,\(\max\{p\}-1\) 就是原串的最长回文串长度,同理每个字符向两边拓展的最远距离也可以得到。

算法流程也比较简短,首先维护两个变量,\(mr(\text{max right})\)\(pos(\text{mid position})\) ,分别表示已经求出右端点最靠右的子串的右端点和中心位置。如果目前要求的 \(i\) 节点没有超过 \(mr\),那么 \(p[i]\) 就可以是 \(p[2*pos-i]\) (对称点),但要对 \(mr-i+1\)\(\min\),因为在 \(mr\) 右边的字符还不知道。如果 \(i\) 节点超过了 \(mr\) ,那就先直接取 \(1\) 。接下来就暴力继续匹配,因为一次成功匹配必然会带动右端点的推动,所以复杂度是 \(O(n)\) 的,代码如下:

void Manacher(char *str,int len)
{
	int n=1;
	mnc[1]='#';
	FOR(i,1,len)mnc[++n]=str[i],mnc[++n]='#';
	int mr=0,pos;
	FOR(i,1,n)
	{
		if(i<=mr)p[i]=std::min(p[(pos<<1)-i],mr-i+1);
		else p[i]=1;
		while(i-p[i]>=1&&i+p[i]<=n&&mnc[i-p[i]]==mnc[i+p[i]])p[i]++;
		if(chk_max(mr,i+p[i]-1))pos=i;
	}
}

\(\text{Manacher}\) 算法进行 p[i]++ 时可以得到所有本质不同的回文串(不保证无重复)。

注意到一个与已经找过的串本质不同的回文串,一定能通过一次推动右端点得到,并且一次推动右端点最多增加一个回文串(如果以这个位置为右端点存在多个回文串,那么不是最长的串肯定在之前算过),这也同时证明了一个串内本质不同的回文子串是 \(O(n)\) 级别的。

那么可以利用 \(\text{Manacher}\) 求出若干个回文串,这一定包含了所有本质不同的回文子串,我们只用对它进行去重即可,后缀数组可以很方便的实现它,对长度相同的串,按 \(rk\) 进行排序,比较 \(\text{lcp}\) 是否为串长即可。

代码

#include<bits/stdc++.h>
#define FOR(i,x,y) for(int i=(x),i##END=(y);i<=i##END;++i)
#define DOR(i,x,y) for(int i=(x),i##END=(y);i>=i##END;--i)
template<typename T,typename _T>inline bool chk_min(T &x,const _T y){return y<x?x=y,1:0;}
template<typename T,typename _T>inline bool chk_max(T &x,const _T y){return x<y?x=y,1:0;}
typedef long long ll;
const int N=2e5+5;
struct SparseTable
{
	int st[N][19],bin[(1<<18)+5];
	void init(int *arr,int n)
	{
		bin[1]=0;FOR(i,2,1<<18)bin[i]=bin[i>>1]+1;
		FOR(i,1,n)st[i][0]=arr[i];
		FOR(j,1,18)FOR(i,1,n-(1<<j)+1)
			st[i][j]=std::min(st[i][j-1],st[i+(1<<(j-1))][j-1]);
	}
	int query(int l,int r)
	{
		int k=bin[r-l+1];
		return std::min(st[l][k],st[r-(1<<k)+1][k]);
	}
}SH;
int sa[N],rk[N],H[N],tmp[3][N];
char str[N];
char mnc[N];int p[N];
int n;

struct node 
{
	int l,r;
	bool operator <(const node &_)const
	{
		if(r-l+1!=_.r-_.l+1)return r-l+1<_.r-_.l+1;
		else return rk[l]<rk[_.l];
	}
}pld[N];int pc;

void get_SA(char *s,int n,int m)
{
	int *x=tmp[0],*y=tmp[1],*c=tmp[2];
	memset(tmp,0,sizeof(tmp));
	x[n+1]=y[n+1]=0;
	FOR(i,1,m)c[i]=0;
	FOR(i,1,n)c[x[i]=s[i]]++;
	FOR(i,2,m)c[i]+=c[i-1];
	DOR(i,n,1)sa[c[x[i]]--]=i;
	for(int k=1;k<=n;k<<=1)
	{
		int p=0;
		FOR(i,n-k+1,n)y[++p]=i;
		FOR(i,1,n)if(sa[i]>k)y[++p]=sa[i]-k;
		FOR(i,1,m)c[i]=0;
		FOR(i,1,n)c[x[y[i]]]++;
		FOR(i,2,m)c[i]+=c[i-1];
		DOR(i,n,1)sa[c[x[y[i]]]--]=y[i];
		std::swap(x,y);
		p=x[sa[1]]=1;
		FOR(i,2,n)x[sa[i]]=y[sa[i]]==y[sa[i-1]]&&y[sa[i]+k]==y[sa[i-1]+k]?p:++p;
		if(n==p)break;
		m=p;
	}
	FOR(i,1,n)rk[sa[i]]=i;
	int k=0;
	FOR(i,1,n)
	{
		if(k)k--;
		if(rk[i]==1)continue;
		int j=sa[rk[i]-1];
		while(i+k<=n&&j+k<=n&&s[i+k]==s[j+k])k++;
		H[rk[i]]=k;
	}
	SH.init(H,n);
}

int get_lcp(int x,int y)
{
	if(x==y)return n-x+1;
	x=rk[x],y=rk[y];
	if(x>y)std::swap(x,y);
	return SH.query(x+1,y);
}

void Manacher(char *str,int len)
{
	int n=1;
	mnc[1]='#';
	FOR(i,1,len)mnc[++n]=str[i],mnc[++n]='#';
	pc=0;
	int mr=0,pos;
	FOR(i,1,n)
	{
		if(i<=mr)p[i]=std::min(p[(pos<<1)-i],mr-i+1);
		else p[i]=1;
		while(i-p[i]>=1&&i+p[i]<=n&&mnc[i-p[i]]==mnc[i+p[i]])
		{
			p[i]++;
			if(mnc[i-p[i]+1]=='#')
				pld[++pc]=(node){(i-p[i]+1+1)/2,(i+p[i]-1-1)/2};
		}
		if(chk_max(mr,i+p[i]-1))pos=i;
	}
}

int main()
{
	int T;
	scanf("%d",&T);
	FOR(Ti,1,T)
	{
		scanf("%s",str+1);
		n=strlen(str+1);
		get_SA(str,n,256);
		Manacher(str,n);
		std::sort(pld+1,pld+1+pc);
		int ans=1;
		FOR(i,2,pc)
		{
			if(pld[i].r-pld[i].l+1==pld[i-1].r-pld[i-1].l+1&&get_lcp(pld[i].l,pld[i-1].l)>=pld[i].r-pld[i].l+1)
				continue;
			else ans++;
		}
		printf("Case #%d: %d\n",Ti,ans);
	}
	return 0;
}
posted @ 2019-04-22 15:39  Paulliant  阅读(67)  评论(0编辑  收藏