随笔分类 - [经典题目]
一些好题目吧，总结下代码啥的
摘要：" bzoj4033 ,懒得复制，戳我戳我" Solution: 定义状态$dp[i][j]$表示$i$号节点为根节点的子树里面有$j$个黑色节点时最大的贡献值 然后我们要知道的就是子节点到根节点这条边会计算次数就是：子树中白色节点数$ $子树外白色节点数$+$子树中黑色节点数$ $子树外黑色节点数
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摘要：" bzoj1190 ，懒得复制，戳我戳我" Solution: 这道题其实是一个背包（分组背包），但是由于数字比较大，就要重新构造dp式子。啃了三天才懂。 $dp[i][j]$表示背包容积为$j 2^i$时的最大价值。 首先，因为每一个物品一定是$a 2^b$，我们可以按照$b$值先按照普通的分组
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摘要：" bzoj1864 ，懒得复制，戳我戳我" Solution: 其实想出来了$dp$方程推出来了最大值，一直没想到推最小值 $dp[i][1/0]$表示$i$号节点的子树中的绿色染色最大值，$1$表示该节点染色，$0$表示该节点不染色 $$dp[i][1]=dp[ls][0]+dp[rs][0]+
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摘要："懒得复制，戳我戳我" Solution: $Splay$板子题，注意可以选择相等大小 Code: cpp //It is coded by Ning_Mew on 4.10 include define ls(x) node[x].ch[0] define rs(x) node[x].ch[1]
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摘要："懒得复制，戳我戳我" Solution: 题目大概意思就是找两条最短路后，找出最长公共部分 我们就只用以四个点为源点开始走$SPFA$，然后我们就只用遍历每条边然后建立一个新的拓扑图，然后随便搞一下就出来了 另外在建新图时不要跑边入队，不然一次性入队的点太多就会爆炸，只用遍历每一条边，然后把公共边
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摘要："懒得复制题面，戳我戳我" Question: ~~(因为网上找不到好的翻译，这里简单复述一下)~~ 告诉你$m1+m2$个约束条件，然后要你找出$X_1 X_n$这些数字，求满足要求的数列中不同的数字个数最多有多少个（exp：$1,2,3,3,2$里面就有三个不同的数） Solution: 首先的
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摘要："题面懒得复制，戳我戳我" Solution: 其实这个差分是挺显然的，我们可以用$s[i]$表示从第$1$到$i$中间的收入和 重点就在式子，比如读入$a$,$b$,$c$，显然可以得到一个式子：$$s[b] s[a 1]==c$$把这个式子变成不等式就是$$s[b] =c+s[a 1]$$$$s
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摘要："懒得复制，戳我戳我" Solution: 首先考虑$X=1$的情况，我们其实只用用一下并查集把相等的点合为一个点 然后后面的四个式子我们就可以用差分约束了，就拿$X=2$的情况来说吧，我们用$S[i]$表示$i$号小朋友要拿多少糖果，如果X=2， 表示第A个小朋友分到的糖果必须少于第B个小朋友分到
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摘要："懒得复制，戳我戳我" Solution: 这道题就是一个板子题 抽象成第$a$至第$b$间选择数的个数为$c$，我们就可以用前缀和来表示，这样就可以得到不等式$s[b] s[a 1] =c$，然后就可以差分约束了 这一个约束条件不够，因为每个数只能选择一次，所以补上$s[i+1] s[i] =0$
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摘要："懒得复制，戳我戳我" Solution: 我感觉我也说不太好，看 "Awson的题解" 吧。 说一点之前打错的地方： 连边存的是hash后的数组下标 每个点存的是A状态与B状态，A操作的必胜还是必输态 然后就是一个要注意的点：我们是反向存边，由后状态推向先状态，如果后状态为必输态，那么先状态一定为
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摘要："懒得复制,戳我戳我" Solution: 这题思路很神奇，首先你要知道这个毁灭树是怎么保证实现的：一句话就是如果该节点要被破坏，他的所有父节点就要被破坏，也就只要所有父节点的LCA被破坏就可以，所以我们就只用把这个点直接连向LCA。每个点都这么处理，最后面就是留下的一棵毁灭树，也就是$i$节点破坏
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摘要："懒得复制，直接贴链接吧" Solution: 水题一道，注意单独一个点的不算在食物链中，也就是$in[i]==0$ $out[i]==0$的点就不计算 Code: cpp //It is coded by Ning_Mew on 3.20 include using namespace std;
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摘要："懒得复制，原题目戳我" Solution: 这题没想到这么水，就是两个二分图而已 如果房间的二分图没匹配成功就直接进入下一个人 如果房间的二分图匹配成功，食物二分图匹配不成功就把房间的$be[ ]$数组还原，避免对后面匹配产生影响 都成功就直接$Ans++$就可以了，可能数据太水，感觉常数很大都过
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摘要："懒得复制，戳我戳我" Solution: 这个题面出的很毒瘤，读懂了其实是个板子题qwq 题面意思：有个$0$至$N 1$的数列是由另一个数列通过加减得到的，相当于将$A_i$变成$i$，每一步的代价计算就是$min(A_i i,N (A_i i))$，并且$A_i\left(0 using na
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摘要："原题戳我" Solution： （部分复制 "Navi_Aswon博客" ） 解释博客中的两个小地方： $$\sum_{\left(S是G中y→x的一条路径的点集\right))}\prod_{2≤j≤n,(j∉S)}degree_j$$ 因为加了$x$到$y$这条边出现了环，所以环上一定有一条边
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摘要："懒得复制题面，戳我" Solution: 处理出床位、要留校的人（ 注意来访问的人一定住校 ），和人与人的关系（连边） 再接着就是二分图。 注意的就是连向的人必须是有床位的 还要注意的就是只用判断住校的同学 二分图板子都打错蠢死 cpp bool find(int k){ for(int i=he
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摘要：原题目戳我 Solution： 这个二分图藏还是挺深的，重点在哪里呢？首先我们分析下，交换影响的会是哪里。 每一次交换只会影响某一行上的排列或者某一列上的排列，如果有矩阵是下面这样，就一定不会互相影响。 1 0 0 0 0 | 0 0 1 0 0 0 1 0 0 | 1 0 0 0 0 1 0 0
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摘要：原题目戳我 Solution： 方法很巧妙，我们把每个装备的属性 与 装备编号连起来 从1-10000跑二分图，如果出现断层，就退出，输出答案就好。 memset清理bool快一点，int洛谷上超时了 板子题 Code： 1 //It is coded by Ning_Mew on 3.14 2 #
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摘要：题目描述 知名美食家小 A被邀请至ATM 大酒店，为其品评菜肴。 ATM 酒店为小 A 准备了 N 道菜肴，酒店按照为菜肴预估的质量从高到低给予1到N的顺序编号，预估质量最高的菜肴编号为1。 由于菜肴之间口味搭配的问题，某些菜肴必须在另一些菜肴之前制作，具体的，一共有 M 条形如”i 号菜肴'必须'
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