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摘要：题目链接 "BZOJ2659" 题解 真没想到，， 观察式子 $$\sum\limits_{k = 1}^{\frac{p 1}{2}} \lfloor \frac{kq}{p} \rfloor$$ 有没有想到斜率？ 如果构造函数 $$y = \frac{q}{p}x$$ 那么该式子的含义就是直线在
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摘要：题目链接 "BZOJ2553" 题解 话说在前，此题卡精度，最好开long double 先建$AC$自动机 求期望，逆着求，设$f[i][j]$为长度为$i$的串，当前匹配AC自动机$j$节点，之后能产生伤害的期望值 枚举转移，如果转移到一个单词节点，因为产生伤害的单词间不能相连，就直接跳回根节点
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摘要：题目链接 "ZOJ3874" 题意简述： 在一个序列中，两点间如果有边，当且仅当两点为逆序对 给定一个序列的联通情况，求方案数对$786433$取模 题解 自己弄了一个晚上终于弄出来了 首先$yy$一下发现一个很重要的性质： 联通块内的点编号必须是连续的 证明： 假设一个联通块编号不连续，设$a$，
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摘要：题目链接 "BZOJ4503" 题解 水水题。 和残缺的字符串那题几乎是一样的 同样转化为多项式 同样TLE 同样要手写一下复数才A C++ include include include include include include include define Redge(u) for (in
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摘要：题目链接 "BZOJ2697" 题解 好水好水的贪心。。。 容易发现每种特技只表演两次，多表演没有意义，而且差距越长收益越大 然后就可以贪，最大的放两端，次大的往里，然后是第三大....... 证明很简单，假设将两个特技时间交换，那么会产生交换距离乘以$C$的差值的贡献，显然就不优
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摘要：题目链接 "BZOJ2795" "BZOJ2890" "BZOJ3647" 题解 三倍经验！ 我们要快速求区间最小循环节 我们知道循环节有如下性质： ①当$L$为循环节长度，那么$s[l...r L] = s[l + L...r]$且$L | (r l + 1)$ ②如果$L$为循环节，那么$L x
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摘要：题目链接 "BZOJ2823" 题解 "最小圆覆盖" 模板 都懒得再写一次 C++ include include include include include include include define LL long long int define Redge(u) for (int k =
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摘要：题目链接 "BZOJ2924" 题解 题面有误。。是$45°$ 如果两个点间连线与$x$轴夹角在$45°$以内，那么它们之间连边 求最小路径覆盖 = 最长反链 由于$45°$比较难搞，我们利用复数翻转一下，逆时针旋转$45°$ 这样就求一条从左上到右下的最长链 我们将所有点按$x$排序，令$f[i]
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摘要：题目链接 "洛谷P3759" 题解 树状数组套主席树板题 C++ include include include include include include define Redge(u) for (int k = h[u],to; k; k = ed[k].nxt) define REP(i,
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摘要：题目链接 "BZOJ4539" 题解 我们把每次复制出来的树看做一个点，那么大树实际上也就是一棵$O(M)$个点的树 所以我们只需求两遍树上距离： 大树上求距离，进入同一个点后在模板树上再求一次距离 讨论好一些情况即可 然后求子树第$k$大的点要用主席树 没了 C++ include include
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摘要：题目链接 "Mychael vs Kid" 题解 先说说这题的由来及前身 前身 首先有一个很经典的题目： 维护区间加，查询区间$gcd$ 如果强行用线段树维护的话，区间加之后就没法直接确定当前区间的$gcd$，不可直接维护 这个时候就用到了$gcd$的一个性质： $$(a,b) = (a b,b)$
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摘要：题目链接 "BZOJ2668" 题解 容易想到由$S$向初始的黑点连边，由终态的黑点向$T$连边，然后相邻的点间连边 但是这样满足不了交换次数的限制，也无法计算答案 考虑如何满足一个点的交换次数限制 当然是拆点 但是一个位置被经过时会被交换两次，而终点和起点都只交换了一次 那么我们就拆成三个点$le
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摘要：题目链接 "BZOJ1596" 题解 先抽成有根树 设$f[i][0|1][0|1]$表示以$i$为根，儿子都覆盖了，父亲是否覆盖，父亲是否建塔的最少建塔数 转移一下即可 C++ include include include include include include define Redge
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摘要：题目链接 "BZOJ3427" 题解 容易发现最终序列一定是$\{ 1,0,1\}$组成的 因为如果有一个位置不是，那么这个位置一定大于$1$，那么上一个位置一定为$1$，所以该位置一定加到过$1$。由于$1$已经满足条件，而经分析得大于$1$会使下一个位置的决策不优反劣，所以一定不会大于$1$ 那
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摘要：题目链接 "BZOJ3526" 题解 思来想去，发现很显然可以用线段树维护 每个区间保存所有合法方案的左右端点【当左端点一定是，右端点当然存最小的那个就行了】 这么整的数，$\frac{1}{1000}$的概率啊23333
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摘要：题目链接 "BZOJ3542" 题解 线段树裸题，，对每一行每一列开线段树 由于坐标很大，用$map$维护根下标 化一下式子，只用维护区间和，区间平方和，区间存在的个数 C++ include include include include include include define Redge(
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摘要：题目链接 "BZOJ3832" 题解 神思路orz，根本不会做 设$f[i]$为到$i$的最长路，$g[i]$为$i$出发的最长路，二者可以拓扑序后$dp$求得 那么一条边$(u,v)$的对应的最长链就是$f[u] + 1 + g[v]$ 我们人为加入源汇点$S$，$T$，$S$向每个点连边，每个点
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摘要：题目链接 "BZOJ5月月赛" 题解 好弱啊QAQ只写出三题 A 判断多干个数乘积是否是某个数的倍数有很多方法，比较常用的是取模，但这里并不适用，因为模数不定 会发现数都比较小，所以我们可以考虑分解质因子，查找一下区间各个质因子数是否符合要求 用主席树维护即可 由于$10^5$以内不同质因子数最多的
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