sequence——强行推式子+组合意义

sequence

考虑长度<=x的方案数F(x),然后(F(x)-F(x-1))*x贡献到答案里

n平方的做法可以直接DP,

 

感觉有式子可言,

就推出式子:类似coat,每个长度为i的计算i次。

再容斥下:

F是方案数,还是求:

 枚举分成的段数,枚举多少个超过i进行容斥:

突破口:有个n-i*k-1,意味着i*k<=n,这样的i和k暴力枚举一共nlogn复杂度

提出来,考虑干掉j

强行推式子:

处理:

(怎么看怎么也看不出什么道理的样子)

来找组合意义吧:

有n-ik个球,我们先从中选出j个,再从选出的j个中选出k个。在j个球中我们选出一个特殊的球,对于剩下的球用m-1种颜色染色。

考虑讨论这个特殊的球是不是这k个球中的

即可得到;

(这里少写了C(n-i*k-k,k))

预处理m-1的次幂和m的次幂和阶乘阶乘逆元

O(nlogn)

别忘了最后用n*m^n-

#include<bits/stdc++.h>
#define reg register int
#define il inline
#define fi first
#define se second
#define mk(a,b) make_pair(a,b)
#define numb (ch^'0')
#define pb push_back
#define solid const auto &
#define enter cout<<endl
#define pii pair<int,int>
using namespace std;
typedef long long ll;
template<class T>il void rd(T &x){
    char ch;x=0;bool fl=false;while(!isdigit(ch=getchar()))(ch=='-')&&(fl=true);
    for(x=numb;isdigit(ch=getchar());x=x*10+numb);(fl==true)&&(x=-x);}
template<class T>il void output(T x){if(x/10)output(x/10);putchar(x%10+'0');}
template<class T>il void ot(T x){if(x<0) putchar('-'),x=-x;output(x);putchar(' ');}
template<class T>il void prt(T a[],int st,int nd){for(reg i=st;i<=nd;++i) ot(a[i]);putchar('\n');}

int mod;
namespace Modulo{
int ad(int x,int y){return (x+y)>=mod?x+y-mod:x+y;}
void inc(int &x,int y){x=ad(x,y);}
int mul(int x,int y){return (ll)x*y%mod;}
void inc2(int &x,int y){x=mul(x,y);}
int qm(int x,int y=mod-2){int ret=1;while(y){if(y&1) ret=mul(x,ret);x=mul(x,x);y>>=1;}return ret;}
}
using namespace Modulo;
namespace Miracle{
const int N=300000+5;
int n,m;
int jie[N],inv[N];
int iv[N];
int m0[N],m1[N];
int C(int n,int m){
    if(n<0||m<0||n<m) return 0;
    return mul(jie[n],mul(inv[m],inv[n-m]));
}
int main(){
    rd(n);rd(m);rd(mod);
    jie[0]=1;
    for(reg i=1;i<=n;++i) jie[i]=mul(jie[i-1],i);
    inv[n]=qm(jie[n],mod-2);
    for(reg i=n-1;i>=0;--i) inv[i]=mul(inv[i+1],i+1);
    iv[1]=1;
    for(reg i=2;i<=n;++i){
        iv[i]=mul(mod-mod/i,iv[mod%i]);
    }
    m0[0]=m1[0]=1;
    for(reg i=1;i<=n;++i){
        m0[i]=mul(m0[i-1],m);
        m1[i]=mul(m1[i-1],m-1);
    }
    int ans=0;
    for(reg i=0;i<n;++i){
        for(reg k=0;k<=n;++k){
            if(i*k+k>n) break;
            int tmp=0;//
            if(k!=0) tmp=ad(tmp,mul(C(n-i*k,k),mul(k,mul(m1[k-1],m0[n-i*k-k]))));
            if(n-i*k-k-1>=0) tmp=ad(tmp,mul(C(n-i*k,k),mul(m1[k],mul(m0[n-i*k-k-1],n-i*k-k))));
            tmp=mul(tmp,(k&1)?mod-1:1);
            tmp=mul(tmp,iv[n-i*k]);
            ans=ad(ans,tmp);
        }
    }
    ans=mul(ans,m);
    ans=ad(mul(n,qm(m,n)),mod-ans);
    ot(ans);
    return 0;
}

}
signed main(){
    Miracle::main();
    return 0;
}

/*
   Author: *Miracle*
*/

 突破口是i,k总共对数nlogn级别,干掉j用组合意义大力推导

posted @ 2019-05-28 08:35  *Miracle*  阅读(280)  评论(0编辑  收藏  举报