2012 MUTC 6 总结

题解链接：http://page.renren.com/601081183/note/865145486?ref=minifeed&sfet=2012&fin=1&ff_id=601081183&feed=page_blog&tagid=865145486&statID=page_601081183_2&level=1

　　第五场组队赛了，这次的水题（题解叫签到题）过的很顺利，因为一点难度都没有，一眼就看出了做法，而全场就只出了那么两题....而我就只负责其中一题，和另外一题的做法。

　　这次多校联赛，刚开始了好几分钟，大board居然没有人过题，搞到都不知道哪题可以做了...不过其实1001就是水题，不过负责看那题的队友居然没发现，原因是看不懂题目.....- -！然后我看了题以后，发现是一个大水模拟题，于是今天打算再次鼓励队友，让他赶紧过了。结果，在打了几分钟以后，他居然搞出了个挺凌乱的代码，于是我在一旁就揪心了...最后不忍放过水题，再次一手抢过键盘敲了起来........不过，做的时候忽略了一些小问题，例如模0 了，于是我就意外的RE了一次T^T！改过来以后就AC了~

　　在我打上面这题的时候，我顺便看了一下1006，想了一下就想到是三分了...不过其实那时我没想清楚怎么证明是三分，赛后才跟大牛交流的时候才发觉，原来证明起来好像挺麻烦的..- - 不过幸亏当时没考虑太多，才能以最快的速度告诉队友这个的做法，然后在他敲三分的时候我就上了个厕所了~ 回来以后，真的AC了.....

　　然后就是1008，一道挺有技巧的题，不过当时还真的没发现奇偶性的规律，所以没有做出....

　　其实后面的三个多钟，我们一直在讨论1010，因为觉的这个递推是可以做的.....终于，在只剩一个钟的时候，把思路理清了，代码也写了个记忆化dfs，可惜的是，这样做会超时，而且是一定会超的......然后，我们居然花了半多个钟才把它改成dp，这是何等低的代码速度....囧！

　　按照思路改了dp后，测试的时候发现，预处理的时间是多么的漫长，于是我们在仅余的十来分钟里对它进行剪枝....不过最后两三分钟才发现要记忆化dp的部分过程，随后来不及改了，所以带着遗憾结束了比赛.....

　　看了题解，题解对我们合作讨论出来的那题贴上了简单题的标签...................于是我就觉得，我真的应该尽快看懂，搞熟练递推类的题目！不能让这种“简单题”挡住我前进的步伐的！！！

更新：添加1010的代码 hdu 3459

View Code

  1 #include <cstdio>
  2 #include <cstring>
  3 #include <iostream>
  4 #include <cstdlib>
  5 #include <cmath>
  6 using namespace std;
  7 
  8 #define debug 0
  9 
 10 typedef __int64 ll;
 11 
 12 const ll mod = 1000000007;
 13 const int maxn = 365;
 14 ll dp[maxn][maxn], ss[maxn][maxn]; // ss用于储存前k项和
 15 ll cc[maxn][maxn]; // cc用于储存组合数
 16 int lg[maxn];
 17 
 18 int min2(int a, int b){return a < b ? a : b;}
 19 int max2(int a, int b){return a > b ? a : b;}
 20 
 21 void get_c(){ // 用杨辉三角递推上去
 22     memset(cc, 0, sizeof(cc));
 23     memset(ss, 0, sizeof(ss));
 24     cc[0][0] = cc[1][0] = cc[1][1] = 1;
 25     for (int i = 2; i < maxn; i++){
 26         cc[i][0] = 1;
 27         for (int j = 1; j <= i; j++){
 28             cc[i][j] = (cc[i - 1][j] + cc[i - 1][j - 1]) % mod;
 29         }
 30     }
 31     //printf("%I64d  %I64d\n", cc[4][2], cc[5][2]);
 32 }
 33 
 34 void init(){
 35     lg[0] = 0;
 36     for (int i = 1; i < maxn; i++){
 37         lg[i] = (int)floor(log10((double)i) / log10((double)2)) + 1;
 38     }
 39     memset(dp, 0, sizeof(dp));
 40     ss[0][0] = dp[0][0] = 1;
 41     dp[1][1] = 1;
 42     dp[2][2] = 4;
 43     for (int i = 1; i < maxn; i++){
 44         ss[0][i] = ss[1][i] = 1;
 45         ss[2][i] = 4;
 46     }
 47     ss[2][1] = 0;
 48 }
 49 
 50 ll perm(int a){
 51     ll ret = 1;
 52 
 53     for (ll i = 2; i <= a; i++){
 54         ret *= i;
 55         ret %= mod;
 56     }
 57 
 58     return ret;
 59 }
 60 
 61 void pre(){
 62     ll tmp1, tmp2;
 63 
 64     for (int n = 3; n <= 360; n++){
 65         for (int k = lg[n]; k <= n; k++){
 66             for (int i = 0; i <= n - 1; i++){
 67                 tmp1 = tmp2 = 0;
 68                 if (dp[n - i - 1][k - 1]){
 69                     if (lg[i]) tmp1 = ss[i][min2(k - 2, i)] - ss[i][lg[i] - 1];
 70                     else tmp1 = ss[i][min2(k - 2, i)];
 71                     tmp1 %= mod;
 72                     tmp1 *= dp[n - i - 1][k - 1];
 73                     tmp1 %= mod;
 74                 } // 枚举右子树满的情况
 75                 if (dp[i][k - 1]){
 76                     if (lg[n - i - 1]) tmp2 = ss[n - i - 1][min2(k - 2, n - i - 1)] - ss[n - i - 1][lg[n - i - 1] - 1];
 77                     else tmp2 = ss[n - i - 1][min2(k - 2, n - i - 1)];
 78                     tmp2 %= mod;
 79                     tmp2 *= dp[i][k - 1];
 80                     tmp2 %= mod;
 81                 } // 枚举左子树满的情况
 82                 if (i != n - 1){
 83                     dp[n][k] += (((tmp1 + tmp2) % mod) * cc[n - 2][i]) % mod + (((dp[i][k - 1] * dp[n - i - 1][k - 1]) % mod) * cc[n - 2][i]) % mod;
 84                     dp[n][k] %= mod;
 85                 }
 86                 else{
 87                     dp[n][k] += ((tmp1 + tmp2) % mod) + (((dp[i][k - 1] * dp[n - i - 1][k - 1]) % mod) * cc[n - 2][i]) % mod;
 88                     dp[n][k] %= mod;
 89                 }
 90             }
 91             dp[n][k] *= n;
 92             dp[n][k] %= mod;
 93             ss[n][k] = ss[n][k - 1] + dp[n][k];
 94         }
 95         for (int k = n + 1; k <= 360; k++){
 96             ss[n][k] = ss[n][k - 1];
 97         }
 98     }
 99     #if debug
100     for (int i = 0; i < 10; i++){
101         for (int j = 0; j < 10; j++)
102             printf("%6I64d ", dp[i][j]);
103         puts("");
104     }
105     for (int i = 0; i < 10; i++){
106         for (int j = 0; j < 10; j++)
107             printf("%6I64d ", ss[i][j]);
108         puts("");
109     }
110     #endif
111 }
112 /*
113 ll dfs(int n, int k){
114     ll ret = 0;
115     ll tmp1, tmp2;
116 
117     if (dp[n][k]) return dp[n][k];
118     if (!n || k < lg[n] || k > n) return 0;
119 
120     for (int i = 0; i <= n - 1; i++){
121         #if debug
122         printf("i  %d:\n", i);
123         #endif
124         tmp1 = tmp2 = 0;
125         for (int j = lg[i]; j <= min2(k - 2, i); j++){
126             tmp1 += dfs(i, j);
127             tmp1 %= mod;
128 
129             //ret += ((dfs(i, j) * dfs(n - i - 1, k - 1)) % mod) * C(n - 2, i);
130             //ret %= mod;
131         }
132         #if debug
133         printf("%d %d  tmp1: %I64d   %d %d  r: %I64d\n", n, k, tmp1, n - i - 1, k - 1, dfs(n - i - 1, k - 1));
134         #endif
135         tmp1 *= dfs(n - i - 1, k - 1);
136         tmp1 %= mod;
137         for (int j = lg[n - i - 1]; j <= min2(k - 2, n - i - 1); j++){
138             tmp2 += dfs(n - i - 1, j);
139             tmp2 %= mod;
140 
141             //ret += ((dfs(i, k - 1) * dfs(n - i - 1, j)) % mod) * C(n - 2, i);
142             //ret %= mod;
143         }
144         #if debug
145         printf("%d %d  tmp2: %I64d   %d %d  l: %I64d\n", n, k, tmp2, i, k - 1, dfs(i, k - 1));
146         #endif
147         tmp2 *= dfs(i, k - 1);
148         tmp2 %= mod;
149         #if debug
150         printf("tmp1 %I64d   tmp2 %I64d   C  %I64d\n", tmp1, tmp2, C(n - 2, i));
151         #endif
152         if (i != n - 1){
153             ret += (((tmp1 + tmp2) % mod) * cc[n - 2][i]) % mod + (((dfs(i, k - 1) * dfs(n - i - 1, k - 1)) % mod) * cc[n - 2][i]) % mod;
154             ret %= mod;
155         }
156         else{
157             ret += ((tmp1 + tmp2) % mod) % mod + (((dfs(i, k - 1) * dfs(n - i - 1, k - 1)) % mod) * cc[n - 2][i]) % mod;
158             ret %= mod;
159         }
160         #if debug
161         printf("%d %d  add: %I64d   ret: %I64d \n", n, k, dfs(i, k - 1) * dfs(n - i - 1, k - 1) * C(n - 2, i), ret);
162         #endif
163 
164     }
165     ret *= n;
166     ret %= mod;
167     dp[n][k] = ret;
168     #if debug
169     printf("%d  %d : %I64d\n", n, k, ret);
170     #endif
171 
172     return ret;
173 }
174 */
175 int main(){
176     int a, b;
177     int i = 1, c;
178 
179     get_c();
180     init();
181     pre();
182     //puts("pass");
183 
184 
185     scanf("%d", &c);
186     while (c-- && ~scanf("%d%d", &a, &b)){
187         printf("Case #%d: %I64d\n", i, dp[a][b]);
188         i++;
189     }
190 
191     return 0;
192 }

添加1008的代码 hdu 3457

View Code

 1 #include <cstdio>
 2 #include <cstring>
 3 
 4 void chg(char &a, char &b){
 5     char t = a;
 6 
 7     a = b + 1;
 8     if (a > 'z') a -= 26;
 9     b = t + 1;
10     if (b > 'z') b -= 26;
11 }
12 
13 bool judge(char *a, char *b){
14     int l = strlen(a);
15     int sum = 0;
16 
17     if (l == 2){
18         for (int i = 0; i < 26; i++){
19             chg(a[0], a[1]);
20             if (!strcmp(a, b)) return true;
21         }
22         return false;
23     }
24     for (int i = 0; i < l; i++){
25         sum += a[i] - b[i];
26     }
27     if (sum & 1) return false;
28     return true;
29 }
30 
31 int main(){
32     char s1[100], s2[100];
33     int n;
34 
35     scanf("%d", &n);
36     for (int tt = 1; tt <= n; tt++){
37         scanf("%s%s", s1, s2);
38         printf("Case #%d: ", tt);
39         if (judge(s1, s2)) printf("YES\n");
40         else printf("NO\n");
41     }
42 
43     return 0;
44 }

——written by Lyon

posted @ 2012-08-09 20:18 LyonLys 阅读(212) 评论(0) 收藏举报

刷新页面返回顶部