洛谷 P2650 弹幕考察

题目背景

zeromaker 是个手残，但是他喜欢玩东方 project，ex 什么的最喜欢了

题目描述

zeromaker 对弹幕的视野控制有着深刻的研究。 每个弹幕在一段特定的时间内会出现在 zeromaker 的视野内，除此之外的时间都在 zeromaker 看不到的地方。在 zeromaker 看来，视野内的弹幕数量越多，图就越难，因为这意味着 @#￥%。 现在，zeromaker 想要评测这张图的难度，他已经知道了每个弹幕会在什么时候出现在视野内，他想知道，在一段时间内，总共有多少个弹幕出现在他的视野内过。

输入格式

第一行有两个整数 nn ， mm ,表示一共有 nn 个弹幕，而 zeromaker 有 mm 个问题。

接下来 nn 行，每行两个数 aa，bb，表示这个弹幕 aa 秒时出现在 zeromaker 的视野内，出现了 bb 秒。 接下来 mm 行，每行两个整数 xx ， yy ，表示从 xx 秒开始，经过 yy 秒，其中有多少个弹幕出现过。

注意：查询区间为左闭右闭，弹幕出现区间为左开右开。

输出格式

mm 行，即对于 zeromaker 提出的每个问题的答案。

输入输出样例

输入 #1复制

3 2
2 5
0 10
5 8
0 6
8 2

输出 #1复制

3
2

输入 #2复制

1 2
0 10
9 1
10 1

输出 #2复制1 

0



解题思路：

对于一个区间可见的弹幕等价于该区间右端点前左括号的个数减去左端点前右括号的个数

就是统计有多少区间对答案有贡献

预备知识：

lower_bound()返回值是一个迭代器,返回指向大于等于key的第一个值的位置

对象：有序数组或容器

数组：

#include <algorithm>
#include <iostream>
using namespace std;
int main()
{
int a[]={1,2,3,4,5,7,8,9};
printf("%d",lower_bound(a,a+8,6)-a);

return 0;
}
输出：5

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
    int left[100005];int right[100005];
     int n,m;
      int a1,a2,ans;
    cin>>n>>m;
    for(int i=0;i<n;i++)
        {cin>>left[i]>>right[i];right[i]+=left[i]-1;}
    sort(left,left+n);
    sort(right,right+n);
    for(int i=0;i<m;i++)
    {
        cin>>a1>>a2;a2+=a1;
        ans=lower_bound(left,left+n,a2)-left;
        ans-=lower_bound(right,right+n,a1)-right;//该区间右端点前左括号的个数减去左端点前右括号的个数
        cout << ans<< endl;
    }
    return 0;
}