08 2019 档案
摘要：challenge 0： 水题，暴力修改都能过。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int maxn=1000010; int n,m,k,p; char flag; int a[maxn]; int main() { scanf(
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摘要：题目链接 树剖题不用多说，一开始所有黑边的权值是-1，若有修改白边的操作，就把白边的值赋为100000。 之后查询边权之和时，如果和大于1000000，就肯定存在白边，直接输出-1。 //做法：树剖，一开始黑边边权全设为1，若有修改白边，设为100000 #include<bits/stdc++.h
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摘要：题目链接 其实这道题看着挺麻烦的，但实际上就是网络最大流的模板题，把所有的横向边，纵向边，斜向边建图，跑网络最大流dinic即可。 #include<cstdio> #include<iostream> #include<queue> #include<cstring> using namespac
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摘要：题目链接 读题发现，题目里有三种连边方式： 1.两点之间连一条有向边。 2.一个点与给定区间中的点连一条有向边。 3.给定区间中的点和一个点连一条有向边。 剩下的就是跑最短路。 两点之间连边很好处理，但是如何在区间之间连边？按平时链式前向星加边，最坏可能是n方的复杂度，建个边都要死。 这时就有线段树
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摘要：题目链接 刘汝佳书上的题目，可以把矩形的每一行都开一棵线段树，最多也就20棵，空间也炸不了。然后就是线段树操作了。 注意：下传的时候最大，最小值也要更新。同样注意标记的优先级顺序。 代码如下： 1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 co
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摘要：题目链接 其实还是比较好做的，树链剖分现在越来越熟练了。对于这道题来说，所有的部落一开始全部在停战状态，所以它们的边权先初始赋为0，对于一个开战操作，就把链接这两个点的边上的边权赋一个大于0的数，查询时若是有和大于0的时候，我们便认为不能走。如果U停战操作，我们在C的时候要注意保存每一次开战的顺序，
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摘要：题目链接 偶然在讨论里看到这道题，就进来了。 看了一下发现是求区间的平均数及方差，所以肯定是要用线段树来维护的。区间平均数好求，直接求一遍区间和再除以区间长度就是了。 关键是区间方差的问题，做这题的时候还忘了方差是什么东西，真的sb，初中数学白学了。其实这样也比较可以。 手推一下就能够比较容易地发现
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摘要：题目链接 之前很久的一道题，还是写一写，这道题一眼就是树剖不用说了吧，但是它要同时支持区间赋值和加法操作，所以我们肯定需要两个标记，但是当赋值和加法标记同时下方的时候，就需要我们的细节处理，首先赋值的初始值应该赋为-1，而且下方的时候要先释放优先级高的赋值标记。区间赋值的时候，必须清空之前的加标记！
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摘要：题目链接 这道题其实还是比较好想的，同样是边权问题。我们需要维护最大值，最小值，和。最坑的地方就是路径上的所有数变相反数，其实这个就是把区间和*-1，区间最大*-1，区间最小*-1，最后pushdown的时候将取反标记^1，接下来一系列都是常规操作。而这里还要记住，单点修改时也要下传lazy标记。而
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摘要：题目链接 震惊noip被ccf暂停了，不过多半是改个名字什么的。noip的好题还是可以做一做的，这道题的确值得一做，我们看他题上说的是最短的时间是所有经过边权和的最大值决定，也就是说最大值最小，显然的二分答案。由于题目中的关系是一棵树或一条链，所以就可以往这方面想想，可是我就想不到。先打个暴力三十分
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摘要：题目链接 对于这道题，dp是显然的，不过状态设计就比较奇葩，dp[i][j][h][which]表示在第i行，第j列，差值为h，0表示小a，1表示uim。哪一个人which取到了宝物，不用去记录他们两个人的值，维护差值转移即可。如果超过k+1的话，就直接膜就可以了。 初始状态：dp[i][j][a[
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摘要：题目链接 平衡树练手题，我们看它这个数列是动态插入的，所以自然而然就会想到用平衡树来维护。平衡树Splay推荐大家看这篇博客 其实差的最小值只有可能是它与其前驱或后继之差，不然就没有更小的了。因为节点是动态插入的，根据Splay的性质，我们为保证复杂度，就会每次将操作节点旋到根，而他的前驱和后继必然
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摘要：题目链接 虽然是NOI的题，其实自己想想也就可以做出来。先按题目中的依赖关系建造一颗树，初始的时候所有点权设为0，然后就是快乐的树剖。安装的话就是从节点到根节点的路径的点权值全部赋为1，删除则是把该节点及其子树的权值全部赋为0。统计操作前后两次的区间和，两次差值的绝对值即为答案。这样的好处就是之前已
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摘要：题目链接 做这道题的时候，乍一看很熟悉，之前考试时也做过类似的题。这道题树剖+线段树是个人都看得出来，不过覆盖标记和加标记同时下放是这道题最坑的地方。当时考试的时候就被这东西搞惨了。 做法：树剖维护边权的时候等效于维护两点之间深度较深的点的点权，这很好理解。 在修改和查询的时候，注意到这张图，我们假
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摘要：题目链接 在刘汝佳的那本书上看到了这道题，思路：先预处理出起点到所有点以及终点到所有点的最短路径，然后就是枚举所有的商务边，因为只能有一条商务边，所以最优的路径肯定要么就是起点->商务边起点->商务边终点->终点，要么就是直接起点->终点。时间复杂度为预处理的mlogn加上k次枚举。最后还要递归输出
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摘要：线段树区间异或，四倍经验，666。 关于线段树区间异或: 就是维护区间0的个数，1的个数，取反实际上就是把他们swap一下，总数不变，lazy标记改为^1即可 洛谷有四倍经验 给出题号：P2574，SP7259，P2846，P3870。 P3870代码如下： #include<bits/stdc++
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