【BZOJ 4555】 4555: [Tjoi2016&Heoi2016]求和 （NTT）

4555: [Tjoi2016&Heoi2016]求和

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Description

在2016年，佳媛姐姐刚刚学习了第二类斯特林数，非常开心。

现在他想计算这样一个函数的值:
S(i, j)表示第二类斯特林数，递推公式为:
S(i, j) = j ∗ S(i − 1, j) + S(i − 1, j − 1), 1 <= j <= i − 1。
边界条件为：S(i, i) = 1(0 <= i), S(i, 0) = 0(1 <= i)
你能帮帮他吗?

Input

输入只有一个正整数

Output

 输出f(n)。由于结果会很大，输出f(n)对998244353(7 × 17 × 223 + 1)取模的结果即可。1 ≤ n ≤ 100000

Sample Input

3

Sample Output

87

HINT

Source

 

 

【分析】

　　额。。要用第二类斯特林数的展开式？

　　表示并不会。于是看题解。ORZ。。ATP大神

　　

　　带进去，注意不用管j从1到i，因为j从1到n的话后面都是0，没有关系的。

　　最后化成

　　

　　一脸卷积么？个人认为还不是很能看出来。

　　但是，就是！

　　

　　h用NTT求，然后求和即可。

　　再次ORZ。。

 

 1 #include<cstdio>
 2 #include<cstdlib>
 3 #include<cstring>
 4 #include<iostream>
 5 #include<algorithm>
 6 using namespace std;
 7 #define Maxn 500010
 8 #define LL long long
 9 const int Mod=998244353;
10 const int G=3;
11 
12 int a[Maxn],b[Maxn],fac[Maxn];
13 
14 int qpow(int x,int b)
15 {
16     int ans=1;
17     while(b)
18     {
19         if(b&1) ans=1LL*ans*x%Mod;
20         x=1LL*x*x%Mod;
21         b>>=1;
22     }
23     return ans;
24 } 
25 
26 int nn,R[Maxn],inv;
27 void ntt(int *s,int f)
28 {
29     for(int i=0;i<nn;i++) if(i<R[i]) swap(s[i],s[R[i]]);
30     for(int i=1;i<nn;i<<=1)
31     {
32         int wn=qpow(G,(Mod-1)/(i<<1));
33         for(int j=0;j<nn;j+=(i<<1))
34         {
35             int w=1;
36             for(int k=0;k<i;k++)
37             {
38                 int x=s[j+k],y=1LL*w*s[j+k+i]%Mod;
39                 s[j+k]=(x+y)%Mod;s[j+k+i]=((x-y)%Mod+Mod)%Mod;
40                 w=1LL*w*wn%Mod;
41             }
42         }
43     }
44     if(f==-1)
45     {
46         reverse(s+1,s+nn);
47         for(int i=0;i<=nn;i++) s[i]=1LL*s[i]*inv%Mod;
48     }
49 }
50 
51 int main()
52 {
53     int n;
54     scanf("%d",&n);
55     fac[0]=1;for(int i=1;i<=n;i++) fac[i]=1LL*i*fac[i-1]%Mod;
56     for(int i=0;i<=n;i++)
57     {
58         a[i]=qpow(fac[i],Mod-2);
59         if(i&1) a[i]=Mod-a[i];
60         b[i]=(1-qpow(i,n+1))%Mod;
61         b[i]=1LL*b[i]*qpow(1-i,Mod-2)%Mod;
62         b[i]=1LL*b[i]*qpow(fac[i],Mod-2)%Mod;
63         b[i]=(b[i]%Mod+Mod)%Mod;
64     }
65     nn=1;int ll=0;
66     while(nn<=2*n) nn<<=1,ll++;
67     for(int i=0;i<=nn;i++) R[i]=(R[i>>1]>>1)|((i&1)<<(ll-1));
68     inv=qpow(nn,Mod-2);
69     b[1]=n+1;
70     ntt(a,1);ntt(b,1);
71     for(int i=0;i<=nn;i++) a[i]=1LL*a[i]*b[i]%Mod;
72     ntt(a,-1);
73     int ans=0;
74     for(int i=0;i<=n;i++) ans=(ans+1LL*a[i]*qpow(2,i)%Mod*fac[i])%Mod;
75     printf("%d\n",ans);
76     return 0;
77 }
View Code

代码只需在FFT基础上修改一点点即可。

 

对于原根，因为你读题时就知道模数，你可以自己打个暴力求一下。具体方法在FFT和NTT总结中有说。

然后你直接赋值原根G的值就好了。

 

2017-04-14 15:10:42

 

 

　　

 

posted @ 2017-04-14 15:10  konjak魔芋  阅读(203)  评论(0)  编辑  收藏  举报