BZOJ3881[Coci2015]Divljak——AC自动机+树状数组+LCA+dfs序+树链的并

题目描述

Alice有n个字符串S_1,S_2...S_n,Bob有一个字符串集合T,一开始集合是空的。
接下来会发生q个操作,操作有两种形式:
“1 P”,Bob往自己的集合里添加了一个字符串P。
“2 x”,Alice询问Bob,集合T中有多少个字符串包含串S_x。(我们称串A包含串B,当且仅当B是A的子串)
Bob遇到了困难,需要你的帮助。

输入

第1行,一个数n;
接下来n行,每行一个字符串表示S_i;
下一行,一个数q;
接下来q行,每行一个操作,格式见题目描述。

输出

对于每一个Alice的询问,帮Bob输出答案。

样例输入

3
a
bc
abc
5
1 abca
2 1
1 bca
2 2
2 3

样例输出

1
2
1

提示

【数据范围】

1 <= n,q <= 100000;

Alice和Bob拥有的字符串长度之和各自都不会超过 2000000;

字符串都由小写英文字母组成。

 

这道题和bzoj2434都是很好的AC自动机练习题,都利用了fail树的性质来解决字符串问题。首先要知道一点:如果x串是y串的子串,那x串一定是y串一个前缀的后缀。我们知道AC自动机上每个点表示这个点到根节点的字符串。这道题的大体思路是把S集合建成AC自动机,每添加一个T集合中的字符串P就把他在AC自动机上跑一遍,把所有遍历的点及它们fail指针能达到的所有点的答案数都加1(遍历的点自然是这个串的子串,fail指针能达到的点都是遍历的点的后缀,当然也是加入的串的子串),然后查询。利用fail树的性质可以发现,每次插入一个串P,除了遍历的点,其他答案要加1的点都是这些点在fail树上的祖先,因此只要用树上差分将遍历的点+1就把所有答案要加的点都加了。但这样有的点就会被多加好几次,每次插入却最多只能把每个点加一次,因此,要把遍历的点按dfs序排序,然后将相邻两个点的lca到根节点答案都-1(也就是用差分将lca-1)就去重了(因为按dfs序相邻两个点最近,lca也最深)。查询时用树状数组在dfs序上区间求和就行了。

最后附上代码。

#include<cmath>
#include<queue>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
int n,m;
int sum;
int num;
int cnt;
int tot;
int opt;
int g[100010];
int k[2000010];
int v[2000010];
int l[2000010];
int r[2000010];
int d[2000010];
char s[2000010];
int to[2000010];
int head[2000010];
int next[2000010];
int fail[2000010];
int f[23][2000010];
int a[2000010][26];
void add(int x,int y)
{   
    tot++;
    next[tot]=head[x];
    head[x]=tot;
    to[tot]=y;
}
void change(int x,int val)
{
    for(int i=x;i<=num;i+=i&-i)
    {
        v[i]+=val;
    }
}
int ask(int x)
{
    int res=0;
    for(int i=x;i;i-=i&-i)
    {
        res+=v[i];
    }
    return res;
}
void build(char *s,int c)
{
    int now=0;
    int len=strlen(s);
    for(int i=0;i<len;i++)
    {
        int x=s[i]-'a';
        if(!a[now][x])
        {
            a[now][x]=++cnt;
        }
        now=a[now][x];
    }
    g[c]=now;
}
void getfail()
{
    queue<int>q;
    for(int i=0;i<26;i++)
    {
        if(a[0][i])
        {
            q.push(a[0][i]);
            fail[a[0][i]]=0;
        }
    }
    while(!q.empty())
    {
        int now=q.front();
        q.pop();
        add(fail[now],now);
        f[0][now]=fail[now];
        for(int i=0;i<26;i++)
        {
            if(a[now][i])
            {
                fail[a[now][i]]=a[fail[now]][i];
                q.push(a[now][i]);
            }
            else
            {
                a[now][i]=a[fail[now]][i];
            }
        }
    }
}
bool cmp(int x,int y)
{
    return l[x]<l[y];
}
void dfs(int x)
{
    l[x]=++num;
    d[x]=d[f[0][x]]+1;
    for(int i=1;i<=21;i++)
    {
        f[i][x]=f[i-1][f[i-1][x]];
    }
    for(int i=head[x];i;i=next[i])
    {
        dfs(to[i]);
    }
    r[x]=num;
}
int lca(int x,int y)
{
    if(d[x]<d[y])
    {
        swap(x,y);
    }
    int dep=d[x]-d[y];
    for(int i=0;i<=21;i++)
    {
        if(((1<<i)&dep)!=0)
        {
            x=f[i][x];
        }
    }
    if(x==y)
    {
        return x;
    }
    for(int i=21;i>=0;i--)
    {
        if(f[i][x]!=f[i][y])
        {
            x=f[i][x];
            y=f[i][y];
        }
    }
    return f[0][x];
}
int main()
{
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        scanf("%s",s);
        build(s,i);
    }
    getfail();
    dfs(0);
    scanf("%d",&m);
    for(int i=1;i<=m;i++)
    {
        scanf("%d",&opt);
        if(opt==1)
        {
            scanf("%s",s);
            int len=strlen(s);
            int now=0;
            int x=0;
            for(int j=0;j<len;j++)
            {
                now=a[now][s[j]-'a'];
                k[++x]=now;
            }
            sort(k+1,k+1+x,cmp);
            for(int j=1;j<=x;j++)
            {
                change(l[k[j]],1);
            }
 
            for(int j=1;j<x;j++)
            {
                change(l[lca(k[j],k[j+1])],-1);
            }
        }
        else
        {
            scanf("%d",&sum);
            printf("%d\n",ask(r[g[sum]])-ask(l[g[sum]]-1));
        }
    }
}
posted @ 2018-06-12 10:32  The_Virtuoso  阅读(313)  评论(0编辑  收藏  举报