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如果将森林里每棵树都各自看做一个点，那么最后所连成的树应该是一颗菊花，否则将叶子节点父亲改为根不会更劣。 对于每个点所代表的树，其和根节点相连的点应该是到其他点距离最大值最小的点。这个点显然是直径的中点。而距离最大值就可以作为点的权值了。 显然根节点应该是权值最大的。这样连完后讨论一下答案即可。 阅读全文
posted @ 2018-09-20 13:27
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这个做法非常显然。 当然也可以分块。预处理出块内答案和两块间答案，块外主席树查询。 阅读全文
posted @ 2018-09-19 23:19
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考虑贪心，每次选价值最大的链。选完之后对于链上点dfs序暴力修改子树。因为每个点最多被选一次，复杂度非常正确。 阅读全文
posted @ 2018-09-19 22:30
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将两个人各自所在点视为状态，新建一个图。到达某个终点的概率等于其期望次数。那么高斯消元即可。 阅读全文
posted @ 2018-09-19 22:01
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以传统的维护思路特别不可做。完全想不到的一点是，如果构造一个int内的数列使其中任意三个数都不能构成三角形，项数最多的方案显然是斐波拉契数列，而斐波拉契数列的项数显然是log级的。那么我们求出询问点之间的距离，如果超过项数直接输出，否则暴力判断即可。 开始算距离的时候没把lca*2调了半天，而且明明 阅读全文
posted @ 2018-09-19 20:05
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考虑奇技淫巧。 首先是k=2。对向量维护一个前缀和，每次将当前向量与前缀和点乘。如果点乘结果不等于i-1&1，说明当前向量至少和之前的某个向量的数量积是2的倍数，暴力找就可以了。当然等于i-1&1也不一定就不存在，这本质上还是个随机算法，于是先random_shuffle一下。 k=3时，注意到12 阅读全文
posted @ 2018-09-19 19:28
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可以看做一些物品中某些互相排斥求最大价值。如果这是个二分图的话，就很容易用最小割了。 观察其给出的条件间是否有什么联系。如果两个数都是偶数，显然满足条件二；而若都是奇数，则满足条件一，因为式子列出来发现一定不能写成完全平方数。那么这就是个二分图了。 阅读全文
posted @ 2018-09-19 00:32
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数独立集显然是可以树形dp的，问题在于本质不同。 假设已经给树确立了一个根并且找到了所有等效（注意是等效而不是同构）子树，那么对转移稍加修改使用隔板法就行了。 关键在于找等效子树。首先将树的重心（若有两个则加一个点作为唯一重心）作为根。这样任意极大等效子树（比如某两个等效子树里面的一部分等效，那么里 阅读全文
posted @ 2018-09-18 23:13
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容易发现如果求出最后的序列，只要算一下LIS就好了。序列用平衡树随便搞一下，这里种一棵splay。 阅读全文
posted @ 2018-09-18 19:28
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由二项式定理，(m+1)k=ΣC(k,i)*mi。由此可以构造矩阵转移，将mi*ik全部塞进去即可，系数即为组合数*m。复杂度O(m3logn)，因为大常数喜闻乐见的T掉了。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<c 阅读全文
posted @ 2018-09-18 13:39
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