洛谷P8267题解

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前置知识

1. 若 \(a\leqslant b,x\leqslant a\)，则 \(x\leqslant b\)
2. 若 \(a\geqslant b,x\geqslant a\)，则 \(x\geqslant b\)
3. 若 \(a>b,x\geqslant a,x\leqslant b\)，则 \(x\) 无解

题解

首先，我们将字符为 L 和 G 分别加入数组 \(a\) 和 \(b\) 中，并进行排序。然后我们 \(O(n^2)\) 枚举，不妨假设枚举到 \(a_i\) 和 \(b_j\)，数组 \(a,b\) 的大小分别为 \(x,y\)。

由前置知识，我们可以得到：

1. \(a_{i},a_{i+1},\cdots,a_x\) 都是满足条件的
2. \(b_1,b_2,\cdots,b_{j}\) 都是满足条件的
3. 如果 \(a_i<b_j\) 则无解。

因此，我们先判断一下 \(a_i\) 和 \(b_j\) 的大小关系，如果符合条件，\(ans=\min\{ans,i-1+y-j\}\)，这样就得出答案了。

优化

其实这道题是可以 \(O(n\log n)\) 的。注意到枚举每一个 \(a_i\) 时，\(i-1\) 是固定的，我们要让 \(y-j\) 尽量小，就是让 \(j\) 尽量大。简单来说，就是要求 \(b\) 数组中小于等于 \(a_i\) 的最大值，在 \(b\) 数组中二分即可。为了防止某些居心叵测的人，下面的代码还是 \(O(n^2)\) 的。

注意

• 最坏情况下有 \(1\) 只奶牛猜的是对的，所以 \(ans\) 要初始化为 \(n-1\)。

Code

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 1005
int n,t,x,y,a[N],b[N],ans;
char c;
int main()
{
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        scanf("\n%c%d",&c,&t);
	if(c=='L') a[++x]=t;
	else b[++y]=t;
    }
    sort(a+1,a+x+1);
    sort(b+1,b+y+1);
    ans=n-1;
    for(int i=1;i<=x;i++)
    {
        for(int j=1;j<=y;j++)
	{
		if(a[i]>=b[j]) ans=min(ans,i-1+y-j);
		else break;
	}
    }
    printf("%d\n",ans);
    return 0;
}