随笔分类 - leetcode
摘要：Q: 一些恶魔抓住了公主（P）并将她关在了地下城的右下角。地下城是由 M x N 个房间组成的二维网格。我们英勇的骑士（K）最初被安置在左上角的房间里，他必须穿过地下城并通过对抗恶魔来拯救公主。 骑士的初始健康点数为一个正整数。如果他的健康点数在某一时刻降至 0 或以下，他会立即死亡。 有些房间由恶
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摘要：题目： 给定一个二叉树，返回其节点值的锯齿形层次遍历。（即先从左往右，再从右往左进行下一层遍历，以此类推，层与层之间交替进行）。 例如：给定二叉树 [3,9,20,null,null,15,7], 3 / \ 9 20 / \ 15 7 返回锯齿形层次遍历如下： [ [3], [20,9], [15
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摘要：Q: 给定一个未排序的整数数组，找出最长连续序列的长度。 要求算法的时间复杂度为 O(n)。 示例: 输入: [100, 4, 200, 1, 3, 2] 输出: 4 解释: 最长连续序列是 [1, 2, 3, 4]。它的长度为 4。 A: 注意一点，题目说的序列长度是有几个连续+1的数。 然后题目
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摘要：主要是记录一下这个数据结构。 比如这个trie树，包含三个单词：sea，sells，she。 代码： 1 class Trie { 2 bool isWord; 3 vector<Trie*> children; 4 public: 5 /** Initialize your data struct
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摘要：题目： 给定一个整数数组，判断数组中是否有两个不同的索引 i 和 j，使得 nums [i] 和 nums [j] 的差的绝对值最大为 t，并且 i 和 j 之间的差的绝对值最大为 ķ。 示例 1: 输入: nums = [1,2,3,1], k = 3, t = 0输出: true示例 2: 输入
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摘要：https://leetcode-cn.com/problems/generate-parentheses/ 给出 n 代表生成括号的对数，请你写出一个函数，使其能够生成所有可能的并且有效的括号组合。 例如，给出 n = 3，生成结果为： [ "((()))", "(()())", "(())()"
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摘要：假设按照升序排序的数组在预先未知的某个点上进行了旋转。 ( 例如，数组 [0,1,2,4,5,6,7] 可能变为 [4,5,6,7,0,1,2] )。 搜索一个给定的目标值，如果数组中存在这个目标值，则返回它的索引，否则返回 -1 。 你可以假设数组中不存在重复的元素。 你的算法时间复杂度必须是 O
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摘要：双指针最基础的题目是一个区间里找两个数字的和等于Target。首先将区间从小到大排序。接下来只要一个le指针，一个ri指针，分别从区间左右边界往中间推进即可。复杂度是排序的nlogn。 下面几道题都是一个区间里找三个数字的和满足xx条件的。这个题目的做法首先还是先排序。之后先固定一个数字，然后在该数
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摘要：3. 无重复字符的最长子串 A： 要找最长的无重复子串，所以用一个map保存出现过的字符，并且维持一个窗口，用le和ri指针标识。ri为当前要遍历的字符，如果ri字符在map中出现过，那么将le字符从map移除，le++。如果ri字符没出现过，那ri++，并更新最大无重复子串长度。全程利用map保持
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摘要：问题： 在未排序的数组中找到第 k 个最大的元素。请注意，你需要找的是数组排序后的第 k 个最大的元素，而不是第 k 个不同的元素。 示例 1: 输入: [3,2,1,5,6,4] 和 k = 2输出: 5示例 2: 输入: [3,2,3,1,2,4,5,5,6] 和 k = 4输出: 4说明: 你
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摘要：这题一年前就做过，当时刚开始刷leetcode，提交了几十次过不去，就放那没管了。今天剑指offer又遇到这题，终于做出来了，用的dp。 1 class Solution { 2 public: 3 bool isMatch(string s, string p) { 4 int s_len=s.s
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摘要：这种题目给一个数组，里面有一个数字只出现过一次，其他数字都出现过k次，求这个只出现过一次的数字。 参考leetcode评论区的思路，这种题目对于任意k都有一个通用解法，这个解法分别考察二进制位的每一位，求出每一位是1还是0，最终得到答案。 比如求答案的最后一位，那么统计数组所有数字的最后一位是等于1
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摘要：贪心算法（应该算吧），每次至少复合一对情侣 1 class Solution { 2 public: 3 int minSwapsCouples(vector<int>& row) { 4 if(row.empty()){return 0;} 5 int n=row.size(); 6 vector
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摘要：官方题解给了个双指针的方法，估计面试也不会，先不看了。 正常方法： 1.排序 2.用set或者直接在原vector上记录出现的值 3.二分，这里是对数据范围2分。令n为vector长度，则所有数据都在1到n-1的范围内。取le=1，ri=n-1，mi=n/2。然后遍历整个vector，计算在[le,
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摘要：1 class Solution { 2 public: 3 int firstMissingPositive(vector<int>& nums) { 4 if(nums.empty()){return 1;} 5 int n=nums.size(); 6 for(int i=0;i<n;++i)
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摘要：dfs： class Solution { public: string decodeString(string s) { int i=0; return dfs(s,i); } string dfs(string& s,int& i){//计算一对括号内的解码后字符串 string tmp="";
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摘要：78子集 dfs dfs1: 和全排列的区别就是对于当前考察的索引i，全排列如果不取i，之后还要取i，所以需要一个visited数组用来记录。对于子集问题如果不取i，之后也不必再取i。 单纯递归回溯 class Solution { public: vector<vector<int>> subse
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摘要：Solution1 动态规划 方法1：dp[i][j]表示i到j是否是回文 class Solution { public: string longestPalindrome(string s) { int n=s.size(); int max_len=1,le=0,ri=0; if(n==0){
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摘要：Q： A： 用变量记录已经✖2、✖3、✖5的元素下标i2、i3、i5。表示截止到i2的元素都已经乘过2（结果添加到序列尾部的意思），i3、i5同理。这样每次可以循环可以O(1)时间找到下一个最小的丑数，时间O(N)，空间O(N)。 class Solution { public: int nthUg
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摘要：Q: A: 分治，对于字符串s的任何一个字符，如果它的频数（在s中出现的次数）小于k，则它一定不会出现在最后的结果里，也就是从它的位置一劈两半，考察左右。对于当前字符串s，我们先建立字典统计其中每种字符出现的次数，对于某字符，假设为x，x在当前字符串中出现的次数小于为kk，kk<k。则所有的字符x可
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