【CF582E】Boolean Function 树形DP+FWT

【CF582E】Boolean Function

题意:给你一个长度为n的表达式,其中未知数有A,B,C,D和?,运算有&和|和?(表达式中用括号确定了唯一的运算顺序)。?代表A,B,C,D或&,|。A,B,C,D的值是0或1。再给你m个条件$a,b,c,d,e$,代表A,B,C,D分别等于a,b,c,d时表达式的值为e。求有多少种将?填满的方式,符合给出的所有条件?

$n\le 500,m\le 2^4$

题解:CF总考这种用二进制表示特殊状态的题,感觉十分考验人类的抽象能力。

因为变量的可能情况的只有$2^4$种,所以我们用一个4位的二进制字符表示。这样一来我们就可以发现可能的表达式只有$2^{2^4}$种,所以我们再用一个16位的二进制来表示一个表达式(不要晕)。这个二进制数的第i位为0/1的意义是:如果把i用二进制表示,则i的每一位代表每个变量的取值。在这些变量分别取这些值时,这个表达式的值为0/1(千万不要晕)。

因为表达式是一堆括号围出来的,我们可以将括号的嵌套看成一个树形结构,并且是一棵二叉树。我们设f[x][S]表示对于当前节点对应的子树,有多少种方法使得得到的表达式为S。转移时我们通过左右儿子的f以及当前节点的运算符即能确定当前节点的f值。然后你会发现转移的实质就是FWT。。。

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int P=1000000007;
char str[510];
int n,m,tot;
int f[170][(1<<16)+4],g[(1<<16)+4],p1[20],p2[20];
inline void add(int &x,int y) {x+=y;	if(x>=P)	x-=P;}
inline void dec(int &x,int y) {x-=y;	if(x<=0)	x+=P;}
inline void fwt1(int *a)
{
	for(int h=0;h<16;h++)	for(int i=0;i<(1<<16);i++)	if((i>>h)&1)	add(a[i],a[i^(1<<h)]);
}
inline void ufwt1(int *a)
{
	for(int h=0;h<16;h++)	for(int i=0;i<(1<<16);i++)	if((i>>h)&1)	dec(a[i],a[i^(1<<h)]);
}
inline void fwt0(int *a)
{
	for(int h=0;h<16;h++)	for(int i=0;i<(1<<16);i++)	if(!((i>>h)&1))	add(a[i],a[i|(1<<h)]);
}
inline void ufwt0(int *a)
{
	for(int h=0;h<16;h++)	for(int i=0;i<(1<<16);i++)	if(!((i>>h)&1))	dec(a[i],a[i|(1<<h)]);
}
int build(int l,int r)
{
	int x=++tot;
	if(l==r)
	{
		int i,j,S;
		for(j=0;j<4;j++)
		{
			if(str[l]=='?'||str[l]=='A'+j)
			{
				for(S=i=0;i<16;i++)	if((i>>j)&1)	S|=1<<i;
				f[x][S]++;
			}
			if(str[l]=='?'||str[l]=='a'+j)
			{
				for(S=i=0;i<16;i++)	if(!((i>>j)&1))	S|=1<<i;
				f[x][S]++;
			}
		}
		return x;
	}
	int i,mid,t=0;
	for(i=l;i<=r;i++)
	{
		t+=(str[i]=='(')-(str[i]==')');
		if(!t)	break;
	}
	mid=i+1;
	int ls=build(l+1,mid-2),rs=build(mid+2,r-1);
	if(str[mid]=='|')
	{
		fwt1(f[ls]),fwt1(f[rs]);
		for(i=0;i<(1<<16);i++)	f[x][i]=1ll*f[ls][i]*f[rs][i]%P;
		ufwt1(f[x]);
	}
	else	if(str[mid]=='&')
	{
		fwt0(f[ls]),fwt0(f[rs]);
		for(i=0;i<(1<<16);i++)	f[x][i]=1ll*f[ls][i]*f[rs][i]%P;
		ufwt0(f[x]);
	}
	else
	{
		fwt0(f[ls]),fwt0(f[rs]);
		for(i=0;i<(1<<16);i++)	g[i]=1ll*f[ls][i]*f[rs][i]%P;
		ufwt0(g),ufwt0(f[ls]),ufwt0(f[rs]);
		memcpy(f[x],g,sizeof(g));
		fwt1(f[ls]),fwt1(f[rs]);
		for(i=0;i<(1<<16);i++)	g[i]=1ll*f[ls][i]*f[rs][i]%P;
		ufwt1(g);
		for(i=0;i<(1<<16);i++)	add(f[x][i],g[i]);
	}
	return x;
}
int main()
{
	scanf("%s%d",str+1,&m),n=strlen(str+1);
	int i,j,ans=0,S=0,t;
	for(i=1;i<=m;i++)
	{
		for(S=j=0;j<4;j++)	scanf("%d",&t),S|=t<<j;
		scanf("%d",&t),p1[i]=S,p2[i]=t;
	}
	build(1,n);
	for(i=0;i<(1<<16);i++)
	{
		for(j=1;j<=m;j++)	if(((i>>p1[j])&1)!=p2[j])	break;
		if(j>m)	add(ans,f[1][i]);
	}
	printf("%d",ans);
	return 0;
}
posted @ 2018-03-31 14:52 CQzhangyu 阅读(...) 评论(...) 编辑 收藏