P2261 [CQOI2007]余数求和 题解

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在看到这道题后，首先想到直接暴力的做法，但显然在面对 $10^9$ 时会 TLE 。

由此我们可以想到数论分块的做法。

出题人十分热心，在题干后加上了一句颇为显然但易被忽略的性质：

其中 $k\bmod i$ 表示 $k$ 除以 $i$ 的余数。

形式化的，它表示 $k\bmod i\Leftrightarrow k\ -\ \left\lfloor\dfrac{k}{i}\right\rfloor \times i$ 。

应用这一重要性质，我们可以对题中所给公式进行如下变形：

$$G(n,k)=\sum_{i=1}^nk\ -\ \left\lfloor\dfrac{k}{i}\right\rfloor \times i$$

再将 $k$ 进行提取，可得：

$$G(n,k)=n\times k-\sum_{i=1}^n\left\lfloor\dfrac{k}{i}\right\rfloor \times i$$

可以发现，$\left\lfloor\dfrac{k}{i}\right\rfloor$ 的得数呈块状，在写代码时注意枚举左右边界即可。

注意：可能有 $\left\lfloor\dfrac{k}{i}\right\rfloor=0$ 的情况出现，请注意在代码实现过程中特判。

View code:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;

#define ll long long
#define ri register int
#define	il inline
#define int long long

int n,k,ans=0;

il ll read(){
	ll x=0,y=1;
	char c=getchar();
	while(c<'0'||c>'9'){
		if(c=='-')
			y=-1;
		c=getchar();
	}
	while(c>='0'&&c<='9'){
		x=x*10+c-'0';
		c=getchar();
	}
	return x*y;
}

signed main(){
	n=read(),k=read();
	ans=n*k;
	for(ri i=1,j;i<=n;i=j+1){
		if(k/i)
			j=min(k/(k/i),n);
		else
			j=n;
		ans-=(k/i)*(i+j)*(j-i+1)/2;
	}
	printf("%lld",ans);
	return 0;
}