随笔分类 - C++算法 / 模拟
模拟
摘要：本题做法 模拟，two-pointers。 思路 首先因为题目中的项链是一个环形，而在环形上面处理问题是比较麻烦的，所以我们需要将环形转化为一条直线。我们可以将整个字符串复制一遍放在末尾，然后遍历开头为 \(i=1,2,\cdots, n\) 的项链（即第 \(i\sim i+n-1\) 个珠子）就
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摘要：本题做法 队列（queue）和结构体。 思路 我们一开始最容易想到的方法就是使用一个动态数组 vector 来存储数据，但是这样操作光是一次操作 1 的 \(c\) 达到极限数据 \(10^9\) 就会直接超时，时间复杂度为 \(O(c)\)。我们需要想一些优化思路。 定义结构体类型 node 代表
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摘要：本题做法 前缀和思想、模拟和贪心。 思路 定义一个数组 \(pre[i]\) 表示油价数组 \(a\) 中 \(a[1]\sim a[i]\) 中的最小油价，递推公式为 \(pre[i]=\min\{pre[i-1], a[i]\}(i>1),pre[1]=a[1]\)。遍历距离数组 \(v\) 的
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摘要：本题做法 DFS+剪枝。 思路 \(30pt\)：朴素 DFS 定义 DFS 函数为：void dfs(int x,int y,int t)，其中 \(x\) 和 \(y\) 为当前搜索的坐标，\(t\) 代表当前要走第几步。 DFS 函数主体内每次都根据当前方向一直走，直到走到墙壁或尽头，则退出函
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摘要：本题做法 二分，贪心。 思路 二分答案，每次使用 \(check\) 函数检验。 \(check\) 函数：定义 2 个变量 \(now\) 和 \(nxt\)，分别代表当前快乐值以及下一块要吃的巧克力。从 1 遍历到 \(d\)，每次先将 \(now\) 除以 2，若 \(now<mid\)，则一
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摘要：本题做法 BFS。 思路 本题其实难就难在传送门如何存储。我的做法是使用 3 个 map 存储传送门，一个 map 叫做 \(exist\)（map<char,bool>），代表传送门 \(c\) 是否存在（就是有没有输入过了），是为了后面的存储判断做准备；第二个 map 叫做 \(lastdoor
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摘要：题目传送门。 思路 可以使用递归来解此题。 我们发现，当我们把第 \(n\) 和 \(n+1\) 个棋子移动到第 \(2\times n+1\) 和 \(2\times n+2\) 的空位上，再把第 \(2\times n-1\) 和 \(2\times n\) 个棋子移动到第 \(n\) 和 \(
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摘要：洛谷P1010 [NOIP 1998 普及组] 幂次方 题解 题目传送门。 思路 使用一个函数 \(dfs\) 作为递归函数，传入一个参数 \(n\) 表示要分解 2 次幂的数。如果 \(n=1\)，直接输出 \(2(0)\)；如果 \(n=2\)，输出 \(2\)。随后输出 \(2\)，使用一个变
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摘要：洛谷P1786 帮贡排序 题解 题目传送门。 思路 使用结构体定义类型 person 表示一个人，结构体内成员变量需包含名字、职位、帮贡、等级、输入顺序（即ID），用 2 次 sort 排序将 person 数组排序。 第一次排序：cmp1 cmp1 是第一次排序时的自定义比较函数（用法如：sort
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摘要：洛谷P1518 [USACO2.4] 两只塔姆沃斯牛 The Tamworth Two 题解 题目传送门。 思路 使用简单的模拟思想来模拟Farmer John和2头牛的移动过程，唯一的难点在于如何判断是否永远无法抓到2头牛。 这个难点可以使用一个简单的六维bool型数组来判断，若在某一时间点，2个
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摘要：洛谷P4924 [1007] 魔法少女小Scarlet 题解 题目传送门。 思路 通过模拟几次顺时针和逆时针的转换，不难发现每次顺时针旋转后，第\(i\)行的内容往往就与原来的第\(i\)列内容有关，如下表： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 顺时针旋转后： 7 4 1 8 5 2 9 6 3 同
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摘要：P1014[NOIP 1999 普及组] Cantor 表 题解 题目 题目传送门。 题解 思路 这是一道有意思的经典递推题目。 通过肉眼观察和枚举样例理解，不难发现，第\(x\)条“/”斜线上有\(x\)项元素，当\(x\mod2=0\)时，第\(i\)项\(a_i\)/\(b_i\)中的分子\(
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