BZOJ 3027 [Ceoi2004]Sweet

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生成函数


题解:
求出 \(\le b\) 的答案减去 $ \le a-1$ 的答案

先写出每个物品的生成函数

\[(1+x+x^{2}+x^{3} \cdots +x^{m_i})=\frac{1-x^{m_{i}+1}}{1-x} \]

然后把他们乘起来

\[\prod_{i=1}^{n}\frac{1-x^{m_{i}+1}}{1-x}\\=(1+x+x^{2}+x^{3}+\cdots)^{n}\prod_{i=1}^{n}(1-x^{m_{i}+1}) \]

然后暴力展开后面的式子,最多有\(2^{n}\)

对于前面的式子,\(x^{i}\)这一项的系数由隔板法得到为 \(C_{i+n-1}^{n-1}\)
对于后面的\(k \times x^{y}\)这一项,他对答案的贡献是

\(k \times (C_{n-1}^{n-1}+C_{1+n-1}^{n-1}+C_{2+n-1}^{n-1}+ \cdots +C_{a-y+n-1}^{n-1})\)

然后发现这其实是杨辉三角的一列,然后式子化成\(=k \times C_{a-y+n}^{n}\)

模数不是质数所以可能没有逆元

\(C_{a-y+n}^{n}=\frac{(a-y+n)!}{n!(a-y)!}=\frac{(a-y+n)^{\underline{n}}}{n!}\)

算组合数的时候,先算在 \(\text{mod}(P*n!)\) 下的结果,然后再 \(/n!\)

时间复杂度 \(O(n \times 2^{n})\)

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
const int mm=2004;
const int maxn=20;

int n,mx,mi;
long long ans=0;
int a[maxn];


long long nt=1;

long long C(int n,int m){
	if(n<0||m<0)return 0;
	if(n<m)return 0;
	long long ret=1;
	for(int i=n-m+1;i<=n;++i)ret=ret*i%(mm*nt);
	return ret/nt;
}

int limx;
long long Dfs(int x,int f,int t){
	if(x==n+1){
		long long ret=0;
		return (f*C(limx-t+n,n)+mm)%mm;
	}
	
	return (Dfs(x+1,f,t)+Dfs(x+1,-f,t+a[x]+1))%mm;
}
long long GetAns(int m){
	limx=m;
	return Dfs(1,1,0);
}

int main(){
	scanf("%d%d%d",&n,&mi,&mx);
	for(int i=1;i<=n;++i)cin>>a[i];
	for(int i=1;i<=n;++i)nt=nt*i;
	
	ans=(GetAns(mx)-GetAns(mi-1)+mm)%mm;
	
	cout<<ans<<endl;
	
	return 0;
}

posted @ 2018-06-21 08:33  ws_zzy  阅读(164)  评论(0编辑  收藏