《Codeforces Round #643 (Div. 2)》

A:

边界就是min*max = 0的时候,显然这个时候往后就会继续保持不变.

那么对于没到的情况,暴力去找。到了就直接退出。

至于如何证明这个到0的情况次数不会太多,并不会..

Code:

#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<math.h>
#include<stack>
#include<map>
#include<limits.h>
#include<vector>
#include<string.h>
#include<string>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<double,double> pii;
const int N = 2e5+5;
const int M = 1005;
const int Mod = 1e9+7;
#define pi acos(-1)
#define INF 1e8
#define INM INT_MIN
#define pb(a)  push_back(a)
#define mk(a,b) make_pair(a,b)
#define dbg(x) cout << "now this num is " << x << endl;
#define met0(axx) memset(axx,0,sizeof(axx));
#define metf(axx) memset(axx,-1,sizeof(axx));
#define sd(ax) scanf("%d",&ax)
#define sld(ax) scanf("%lld",&ax)
#define sldd(ax,bx) scanf("%lld %lld",&ax,&bx)
#define sdd(ax,bx) scanf("%d %d",&ax,&bx)
#define sddd(ax,bx,cx) scanf("%d %d %d",&ax,&bx,&cx)
#define sfd(ax) scanf("%lf",&ax)
#define sfdd(ax,bx) scanf("%lf %lf",&ax,&bx)
#define pr(a) printf("%d\n",a)
#define plr(a) printf("%lld\n",a)
LL Up(LL x)
{
    LL ma = -1;
    while(x){ma = max(ma,x%10);x /= 10;}
    return ma;
}
LL Down(LL x)
{
    LL ma = 11;
    while(x){ma = min(ma,x%10);x /= 10;}
    return ma;
}
LL slove(LL x)
{
    return Up(x)*Down(x);
}
int main()
{
    int t;sd(t);
    while(t--)
    {
        LL a,k;sldd(a,k);
        LL ma = slove(a),i = 1;
        while(ma != 0 && i < k)
        {
            i++;
            a = a+ma;
            ma = slove(a);
        }
        plr(a);
    }
    //system("pause");
    return 0;
}
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B:

题意:注意可以有些人不参加

思路:

很显然是个贪心,一开始从大到小,这样其实难保证最优,因为可以有人不参加。

所以从小到大贪,双指针跳了半天,还是直接计数更直接....

Code:

#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<math.h>
#include<stack>
#include<map>
#include<limits.h>
#include<vector>
#include<string.h>
#include<string>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<double,double> pii;
const int N = 2e5+5;
const int M = 1005;
const int Mod = 1e9+7;
#define pi acos(-1)
#define INF 1e8
#define INM INT_MIN
#define pb(a)  push_back(a)
#define mk(a,b) make_pair(a,b)
#define dbg(x) cout << "now this num is " << x << endl;
#define met0(axx) memset(axx,0,sizeof(axx));
#define metf(axx) memset(axx,-1,sizeof(axx));
#define sd(ax) scanf("%d",&ax)
#define sld(ax) scanf("%lld",&ax)
#define sldd(ax,bx) scanf("%lld %lld",&ax,&bx)
#define sdd(ax,bx) scanf("%d %d",&ax,&bx)
#define sddd(ax,bx,cx) scanf("%d %d %d",&ax,&bx,&cx)
#define sfd(ax) scanf("%lf",&ax)
#define sfdd(ax,bx) scanf("%lf %lf",&ax,&bx)
#define pr(a) printf("%d\n",a)
#define plr(a) printf("%lld\n",a)
int a[N];
int main()
{
    int t;sd(t);
    while(t--)
    {
        int n;sd(n);
        for(int i=1;i<=n;++i) sd(a[i]);
        sort(a+1,a+n+1);
        int ans = 0,cnt = 0;
        for(int i=1;i<=n;++i)
        {
            cnt++;
            if(a[i] == cnt) ans++,cnt = 0;
        }
        pr(ans);
    }
  //  system("pause");
    return 0;
}
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C:

思路:

我们可以去枚举x的值,那么选这个x可以和y组成的x+y的边就是

[i+B,i+C].那么我们差分维护这个值,然后还原值,然后再求一次前缀和。

然后枚举z的值,对于比z大的值他们都可以和z组成三角形。所以直接前缀和统计比z大的值。

注意:数组开两倍,控制下上限。当z的值大于B+C时,说明x+y已经不可能大于z,那么就没必要枚举了,后面肯定都不可能。。

Code:

#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<math.h>
#include<stack>
#include<map>
#include<limits.h>
#include<vector>
#include<string.h>
#include<string>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<double,double> pii;
const int N = 5e5+5;
const int M = 1005;
const int Mod = 1e9+7;
#define pi acos(-1)
#define INF 1e8
#define INM INT_MIN
#define pb(a)  push_back(a)
#define mk(a,b) make_pair(a,b)
#define dbg(x) cout << "now this num is " << x << endl;
#define met0(axx) memset(axx,0,sizeof(axx));
#define metf(axx) memset(axx,-1,sizeof(axx));
#define sd(ax) scanf("%d",&ax)
#define sld(ax) scanf("%lld",&ax)
#define sldd(ax,bx) scanf("%lld %lld",&ax,&bx)
#define sdd(ax,bx) scanf("%d %d",&ax,&bx)
#define sddd(ax,bx,cx) scanf("%d %d %d",&ax,&bx,&cx)
#define sfd(ax) scanf("%lf",&ax)
#define sfdd(ax,bx) scanf("%lf %lf",&ax,&bx)
#define pr(a) printf("%d\n",a)
#define plr(a) printf("%lld\n",a)
LL s[N<<1],sum[N<<1];
int main()
{
    int A,B,C,D;
    sdd(A,B),sdd(C,D);
    for(int i=A;i<=B;++i)
    {
        s[i+B]++;
        s[i+C+1]--;
    }
    for(int i=A+B;i<=B+C;++i) s[i] += s[i-1];
    for(int i=A+B;i<=B+C;++i) sum[i] = sum[i-1]+s[i];
    LL ans = 0;
    for(int i=C;i<=D;++i)
    {
        if(B+C <= i) break;
        ans += (sum[B+C]-sum[i]);
    }
    plr(ans);
    system("pause");
    return 0;
}
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D:

思路:构造

当s为奇数时:
我们令前n-1个数为2,那么最后一个数肯定是一个奇数
那么令k = s-1.这个肯定无法取得。
因为s-1为奇数,而a[n]加上前面除了第一个2也只等于s-2.再加上2就会 = s.
那么看s-k = 1。所以只要特判最后一个值是不是1就可以了。
当s为偶数时,
采取同样的思路。
2 2 2 a[n].
那么a[n]肯定是偶数。
k = s-1肯定是奇数,很显然凑不出来,s-k也肯定是奇数,很显然也凑不出来。
所以s为偶数时必定可以构造出来。
但是这里会有个问题,那就是最后一个值可能会<=0,这个时候也是不满足的。
Code:
#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<math.h>
#include<stack>
#include<map>
#include<limits.h>
#include<vector>
#include<string.h>
#include<string>
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair<double,double> pii;
const int N = 1e6+5;
const int M = 1005;
const int Mod = 1e9+7;
#define pi acos(-1)
#define INF 1e8
#define INM INT_MIN
#define pb(a)  push_back(a)
#define mk(a,b) make_pair(a,b)
#define dbg(x) cout << "now this num is " << x << endl;
#define met0(axx) memset(axx,0,sizeof(axx));
#define metf(axx) memset(axx,-1,sizeof(axx));
#define sd(ax) scanf("%d",&ax)
#define sld(ax) scanf("%lld",&ax)
#define sldd(ax,bx) scanf("%lld %lld",&ax,&bx)
#define sdd(ax,bx) scanf("%d %d",&ax,&bx)
#define sddd(ax,bx,cx) scanf("%d %d %d",&ax,&bx,&cx)
#define sfd(ax) scanf("%lf",&ax)
#define sfdd(ax,bx) scanf("%lf %lf",&ax,&bx)
#define pr(a) printf("%d\n",a)
#define plr(a) printf("%lld\n",a)
int a[N];
int main()
{
    int n,s;sdd(n,s);
    for(int i=1;i<=n;++i) a[i] = (i==n?s-2*(i-1):2);
    if((!(s&1) || a[n] != 1) && a[n] > 0)
    {
        printf("YES\n");
        for(int i=1;i<=n;++i) printf("%d%c",a[i],i==n?'\n':' ');
        printf("%d\n",s-1);
    }
    else printf("NO\n");
    system("pause");
    return 0;
}
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posted @ 2020-05-17 10:26  levill  阅读(141)  评论(0编辑  收藏  举报