Lyndon Word学习笔记

Lyndon Word

定义:对于字符串\(s\),若\(s\)的最小后缀为其本身,那么称\(s\)为Lyndon串

等价性:\(s\)为Lyndon串等价于\(s\)本身是其循环移位中最小的一个

性质

任意字符串\(s\)都可以分解为\(s = s_1 s_2 \dots s_k\),其中\(\forall s_i\)为Lyndon串且\(s_i \geqslant s_{i +1}\)。且这种分解方法是唯一的

  • 存在性

引理1:若\(u, v\)为Lyndon串,且\(u < v\),那么\(uv\)为Lyndon串

证明:
要证明\(uv\)为Lyndon串只需证明\(uv\)本身为其最小后缀,
我们可以把所有的后缀分为两类,一类是由\(u\)的后缀加上\(v\)串的来,这部分的相对大小不会改变。
另一类是\(v\)串的后缀,因为\(v\)本身也是Lyndon串,我们只需证明\(v > uv\),因为\(v > u\),显然成立

  • 唯一性

证明:
\(pre(s, i)\)表示串\(s\)\(s[1 \dots i]\)所代表的前缀
若有两种方案,取第一次不同的位置,设\(|s_i| > |s'_i|\)
\(s_i = s'_i s'_{i + 1} \dots s'_{k} pre(s_{k + 1}, l)\)
反证法。根据定义,\(s_i < pre(s'_{k + 1}, l) \leqslant s'_{k + 1} \leqslant s'_i < s_i\)
矛盾

Duval算法

(下面内容抄袭并补充自参考资料2)

该算法可以在\(O(n)\)的时间内求出串\(s\)的Lyndon分解

测试地址

引理2:若字符串\(v\)和字符\(c\)满足\(vc\)是某个Lyndon串的前缀,则对于字符\(d>c\)\(vd\)是Lyndon串

证明:和上面同样的思路,对于\(d\)之前的后缀相对大小不会改变,之后的后缀只会变大

该算法中我们仅需维护三个变量\(i, j, k\)

\(s[1..i - 1] = s_1 s_2 \dots s_g\)是固定下来的分解,也就是\(\forall l \in [1, g] s_l\)是Lyndon串且\(s_l > s_{l + 1}\)

\(s[i .. k - 1] = t_1 t_2 \dots t_h v(h > 1)\) 是没有固定的分解,满足\(t_1\)是Lyndon串,且\(t_1 = t_2 = \dots = t_h\)\(v\)\(t_h\)的(可为空的)真前缀,且有\(s_g > s[i .. k - 1]\)

当前读入的字符是\(s[k]\),令\(j = k - |t_1|\)

分三种情况讨论

  • \(s[k] = s[j]\)时,周期\(k - j\)继续保持

  • \(s[k] > s[j]\)时,合并得到\(t_1 <- t_1 t_2 \dots t_h v s[k]\)是Lyndon串

  • \(s[k] < s[j]\)时,\(t_1, t_2, \dots, t_h\)的分解被固定下来,算法从\(v\)的开头处重新开始

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int MAXN = (1 << 21) + 1;
char s[MAXN];
int main() {
    scanf("%s", s + 1);
    int N = strlen(s + 1), j, k;
    for(int i = 1; i <= N;) {
        j = i; k = i + 1;
        while(k <= N && s[j] <= s[k]) {
            if(s[j] < s[k]) j = i;
            else j++;
            k++;
        }
        while(i <= j) {
            printf("%d ", i + k - j - 1);
            i += k - j;
        }
    }
    return 0;
}

参考资料

Lyndon word

金策—字符串选讲

posted @ 2018-12-30 10:11 自为风月马前卒 阅读(...) 评论(...) 编辑 收藏

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