随笔分类 - 二分查找
摘要：分析 代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define int long long int n,m,p,k,a[100100],h[100100],now[100100],cnt[100100]; inline bool ck(int m
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摘要：分析 二分答案 判断左上角是否满足 为了覆盖所有范围 我们依次把右下角,左上角,右上角移动到左上角 代码
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摘要：分析 二分倍数 然后考虑dp[i][j]表示选到第i个x轴覆盖到j的情况y轴最多覆盖多少 贡献柿子可以画图然后相似三角形得到 代码
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摘要：分析 似乎ttl的模拟赛t3总是折半搜索？ 先把所有串转化为每个字母的0/1状态 之后我们将所有字符串分为两半 分别枚举状态 我们发现只有左右两边的字母状态相等才能保证这个集合合法 所以我们在搜左半边的时候每次加入一个pair 表示异或值为x用了y个数 搜完后先将它排序 然后搜右边的时候每次lowe
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摘要：题目大意 给你一个序列s 让你求一个1~n的序列 使得对于第i个位置它前面所有小于p[i]的数的和恰好为s[i] 分析 我们可以从后往前确定每一位 每次一二分找到恰好等于s[i]的数 但是我们发现这样会产生重复选一个点的情况 所以我们改为每次找第一个大于s[i]的点 这个点-1恰好为答案 代码
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摘要：分析 预处理出所有合法数字 然后直接lower_bound查询即可 代码
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摘要：传送门 分析 清华集训真的不是人做的啊嘤嘤嘤 我们可以考虑按操作时间把每个操作存进线段树里 如果现在点x正好使一个整块区间的右端点则更新代表这个区间的点 我们不难发现一个区间会因为不同的操作被分成若干块，每块对应序列上不同的区间 于是查询时对于每个线段树上区间查询时二分查找当前点在哪一块中即可 代码
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摘要：传送门 题目大意 给定有一个长度为n n的括号序列，现在有两种操作： 可以对这个序列进行若干次操作，问在使括号序列合法的前提下，长度最短是多少，如果有多组解，输出字典序最小的 分析 首先最后的长度一定等于（原字符串长度+左括号与右括号数量的差值），现在我们考虑让其的字典序尽量的小 我们预处理前缀和，
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摘要：传送门 分析 1.先预处理出不被0覆盖的点，然后对每个点处理出在它左边离他最近的点和在他右边理他最近的点。 2.对于每个至少存在一个忍者的区间，先将它左右边界处理为不被0所覆盖。排序后将包含其他区间的区间去除。 3.贪心求出前i个区间最小忍者数和后i个区间最小忍者数。 4.我们知道对于一个区间除了点
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摘要：传送门 题目大意 给出一个图,一些边带权,另一些边等待你赋权(最小赋为1).请你找到一种赋权方式,使得 s 到 t 的最短路为 L n ≤ 1e3 ,m ≤ 1e4 ,L ≤ 1e9 分析 二分所有边的边权和 使得二分后第p条边权值为k,1~p-1条边权值为inf,剩余边权值为1 对于每种情况跑一次
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摘要：传送门 分析 二分一个数表示查询位置的数是多少，将序列中大于等于这个数的数赋为1，其余赋为0，对于每一个区间查询区间和（即区间内1的个数），然后区间修改将前/后半部分修改为1，其余修改为0即可 代码
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摘要：传送门 分析 我们先二分一下最终的平均值mid，然后让序列中的每一个数都减去这个mid，之后用新序列的前缀和建一棵线段树，枚举起点i，然后求出此时在i+L-1~i+R-1范围内的前缀和的最大值，用这个数减去pre[i]，这就是以i为起点的长度为L~R范围内的序列最大值。如果这个值大于0则表示这个mi
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摘要：传送门 分析 我们知道如果设A,B分别为将两家店从大到小排序之后各自的前缀和，则 Ans=Max{Min{A[i],B[j]}-W*(i+j)}。 为了得到这个Ans我们可以枚举两个数的Min，然后剩下那一个则使用二分求出在另一数列中大于Min的中最小的，这样的原因是为了使得W*(i+j)更小，从而
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