loj #6121. 「网络流 24 题」孤岛营救问题

#6121. 「网络流 24 题」孤岛营救问题

 

题目描述

1944 年,特种兵麦克接到国防部的命令,要求立即赶赴太平洋上的一个孤岛,营救被敌军俘虏的大兵瑞恩。瑞恩被关押在一个迷宫里,迷宫地形复杂,但幸好麦克得到了迷宫的地形图。迷宫的外形是一个长方形,其南北方向被划分为 nnn 行,东西方向被划分为 mmm 列, 于是整个迷宫被划分为 n×m n \times mn×m 个单元。每一个单元的位置可用一个有序数对 (单元的行号, 单元的列号) 来表示。南北或东西方向相邻的 222 个单元之间可能互通,也可能有一扇锁着的门,或者是一堵不可逾越的墙。迷宫中有一些单元存放着钥匙,并且所有的门被分成 ppp 类, 打开同一类的门的钥匙相同,不同类门的钥匙不同。

大兵瑞恩被关押在迷宫的东南角,即 (n,m)(n,m)(n,m) 单元里,并已经昏迷。迷宫只有一个入口, 在西北角。也就是说,麦克可以直接进入 (1,1)(1,1)(1,1) 单元。另外,麦克从一个单元移动到另一个 相邻单元的时间为 111,拿取所在单元的钥匙的时间以及用钥匙开门的时间可忽略不计。

试设计一个算法,帮助麦克以最快的方式到达瑞恩所在单元,营救大兵瑞恩。

输入格式

第一行有三个整数,分别表示 n,mn , mn,m的值。
第二行是一个整数kkk,表示迷宫中门和墙的总数。
第 i+2i+2i+2 行 (1≤i≤k)(1 \leq i \leq k )(1ik),有 555 个整数,依次为 xi1,yi1,xi2,yi2,gix _{i1},y_{i1},x_{i2},y_{i2},g_ixi1​​,yi1​​,xi2​​,yi2​​,gi​​ :当 gi≥1g_i \geq1gi​​1 时,表示 (xi1,yi1)(x_{i1},y_{i1})(xi1​​,yi1​​) 单元与 (xi2,yi2)(x_{i2},y_{i2})(xi2​​,yi2​​) 单元之间有一扇第 gig_igi​​ 类的门,当 gi=0g_i = 0gi​​=0 时, 表示 (xi1,yi1)(x_{i1},y_{i1})(xi1​​,yi1​​) 单元与 (xi2,yi2)(x_{i2},y_{i2})(xi2​​,yi2​​) 单元之间有一堵不可逾越的墙。
第 k+3k+3k+3 行是一个整数 sss,表示迷宫中存放的钥匙总数。
第 k+3+jk+3+jk+3+j 行 (1≤j≤s)(1 \leq j \leq s)(1js) ,有 333 个整数,依次为 xi1,yi1,qix_{i1},y_{i1},q_ixi1​​,yi1​​,qi​​,表示第 jjj 把钥匙存放在 (xi1,yi1)(x_{i1},y_{i1})(xi1​​,yi1​​) 单元里,并且第 jjj 把钥匙是用来开启第 qiq_iqi​​ 类门。
输入数据中同一行各相邻整数之间用一个空格分隔。

输出格式

输出麦克营救到大兵瑞恩的最短时间。如果问题无解,则输出 −1-11。

样例

样例输入

4 4 9
9
1 2 1 3 2
1 2 2 2 0
2 1 2 2 0
2 1 3 1 0 
2 3 3 3 0
2 4 3 4 1
3 2 3 3 0
3 3 4 3 0
4 3 4 4 0
2
2 1 2 
4 2 1

样例输出

14

数据范围与提示

  • ∣xi1−xi2∣+∣yi1−yi2∣=1,0≤gi≤p|x_{i1}-x_{i2}|+|y_{i1}-y_{i2}|=1, 0 \leq g_i \leq pxi1​​xi2​​+yi1​​yi2​​=1,0gi​​p
  • 1≤qi≤p1\leq q_i \leq p1qi​​p
  • n,m,p≤10, k<150n,m,p \leq 10,\ k < 150n,m,p10, k<150

 

 

 

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#define maxn 20
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
int dx[]={0,1,-1,0,0};
int dy[]={0,0,0,1,-1};
int n,m,p,doors,keys,f[maxn][maxn][1<<11],map[maxn][maxn][maxn][maxn],key[maxn][maxn];
bool v[maxn][maxn][1<<11];
struct node{
    int x,y,status;
    node(int a,int b,int c):x(a),y(b),status(c){}
    node(){}
};
bool check(int x1,int y1,int x2,int y2,int status){
    int need_key=map[x1][y1][x2][y2];
    if(!need_key)return 0;
    if(need_key==-1)return 1;
    return (status>>need_key)&1;
}
void spfa(){
    memset(f,0x3f,sizeof(f));
    f[1][1][0]=0;
    queue<node>q;
    q.push(node(1,1,0));
    while(!q.empty()){
        node now=q.front();q.pop();
        v[now.x][now.y][now.status]=0;
        int _status=now.status;
        if(key[now.x][now.y])_status|=key[now.x][now.y];
        for(int i=1;i<=4;i++){
            int fx=now.x+dx[i];
            int fy=now.y+dy[i];
            if(!fx||!fy||fx>m||fy>n)continue;
            if(check(now.x,now.y,fx,fy,_status))
                if(f[fx][fy][_status]>f[now.x][now.y][now.status]+1){
                    f[fx][fy][_status]=f[now.x][now.y][now.status]+1;
                    if(!v[fx][fy][_status])
                        v[fx][fy][_status]=1,q.push(node(fx,fy,_status));
                }
        }
    }
}
int main(){
    scanf("%d%d%d%d",&m,&n,&p,&doors);
    memset(map,-1,sizeof(map));
    int a,b,c,d,x,y,z;
    for(int i=1;i<=doors;i++){
        scanf("%d%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d,&x);
        map[a][b][c][d]=map[c][d][a][b]=x;
    }
    scanf("%d",&keys);
    for(int i=1;i<=keys;i++){
        scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
        key[x][y]|=1<<z;
    }
    spfa();
    int ans=INF;
    for(int i=0;i<(1<<11);i++)ans=min(ans,f[m][n][i]);
    if(ans==INF)ans=-1;
    cout<<ans<<endl;
    return 0;
}

 

posted @ 2018-04-25 11:35  Echo宝贝儿  阅读(494)  评论(0编辑  收藏  举报