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这题不像前面那样板子了，至少我不认为它是个板子。 推出的方程长这样子：f[j]+a*sum[j]^2-b*sum[j]=(2*a*sum[i])*sum[j]+f[i]-a*sum[i]^2-b*sum[i]-c 看一下数据范围，a恒为负，这时斜率2*a*sum[i]单调递减，同时我们要求截距的最大 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:53
syzf2222
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容易想到，我们必须在最低点也就是第n个点建设一个仓库。由此想到这样设状态：f[i]表示仅处理1~i的工厂的最小花费。 找到一个j<i，在j处建工厂，从j+1到i-1的都运到i处，那么推出状转方程：f[i]=min{f[j]+c[i]+p[k]*(x[i]-x[k])},k从i+1到j-1 预处理两个 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:52
syzf2222
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不难推出递推方程：dp[i]=min{dp[j]+(sum[i]+i−sum[j]−j−L−1)^2} 不妨设A=i+sum[i],B=j+sum[j]+1。则递推式可以转化为：dp[i]=min{dp[j]+(A-B+L)^2} 接下来的部分留给读者自行推倒（主要是我懒得写了QAQ） 看代码： # 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:51
syzf2222
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不难得到递推式f[i]=min{f[j]+(sum[i]-sum[j])^2+m}; 去掉min函数并展开：f[i]=f[j]+sum[i]^2-2*sum[i]*sum[j]+sum[j]^2+m 将含i的项与含j的项分离，并把单纯含j的项写在左边：f[j]+sum[j]^2=2*sum[i]*s 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:50
syzf2222
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这一题k有1000000的数量级，所以我没敢开一百万的局部数组。 为什么全局有可能会出问题？因为在递归的时候，这一层的数据有可能被下一层利用。 避免的方法就是把处理和递归分开。完事！ 看代码： #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const in 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:48
syzf2222
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这可以说是最简单的一道了吧，用一个桶去记录就好了。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int maxn=100000+10; #define inf 1e9 int n,k; int beg[maxn],nex[maxn],to[m 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:47
syzf2222
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对于每一条连到当前根的比k小的边edge，找比k-edge小的，不难想到树状数组。 比较坑的是树状数组一定要定义局部变量，不然会奇妙WA哈哈。 看一下代码： #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,k; const int maxn=10 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:46
syzf2222
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虽然说是一个模板题，但其实并不是那么模板…… 数据加强之后，N^2的时间复杂度是过不了的。注意到m只有一百，考虑先输入m个数，离线处理。 代码如下： #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define inf 0x3f3f3f3f const i 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:45
syzf2222
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对于每个点，统计过他的边的对三取模的个数。看代码。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define inf 1e9 const int maxn=20005; int beg[maxn],nex[maxn*2],to[maxn*2],w[ma 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:44
syzf2222
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又是一个板子题。 边权转点权注意要去除lca，修改时直接将id[x]加一即可。 注意若此时x==y，则直接返回。 代码如下： #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define inf 2147483647 const int maxn=1e6; 阅读全文
posted @ 2020-02-29 22:41
syzf2222
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