2012年8月28日

摘要： 动态规划，设f[i,j]为前i个客栈中色调为j的可行方案，s[i,j]为前i个客栈中可以与之后色调为j的客栈搭配的客栈数，即有s[i,j]个客栈的色调为j，且该客栈与第i个客栈之间有符合条件的咖啡店，v[i]为第i个客栈的最低消费，c[i]为第i个客栈的色调a[i,j]为前i个客栈中色调为j的客栈的数目，则有：if v[i]<=p then s[i,j]:=a[i,j] else s[i,j]:=s[i-1,j];if c[i]<>j then f[i,j]:=f[i-1,j] else f[i,j]:=f[i-1,j]+s[i,j];时间复杂度为O（nk），但是会超空间，所 阅读全文

摘要： 简单题，因为只询问一个点，最后铺的地毯一定在最上面，用数组记录每张地毯的信息，然后倒着寻找符合条件的地毯输出即可program carpet;var x,y:longint; n,i,j,ans:integer; a:array[1..10000,1..4] of longint;begin assign(input,'carpet.in'); reset(input); assign(output,'carpet.out'); rewrite(output); fillchar(a,sizeof(a),0); readln(n); for i:=1 to n 阅读全文

摘要： 首先宽搜枚举第一行每一个点，判断能否到达最后一行的每一个点，如果无解则输出，如果有解，深搜记录第一行每一个点所能覆盖到的最左端和最右端（因为每一个点所覆盖到的必是一条线段，证明略），然后贪心求需要的最少点数即可program flow;const dx:array[1..4] of -1..1=(1,-1,0,0); dy:array[1..4] of -1..1=(0,0,1,-1);type node=record x,y:integer; end;var max:longint; s,n,m,ans,i,j,p,q,t,len:integer; f:array[1..500,1..500 阅读全文

摘要： 一开始用的是先按怨气值由大到小排序，再判断二分图的方法，但是超时，多次调试未果，只好上网找了题解，下面介绍一个博客上的方法：http://blog.sina.com.cn/s/blog_918b1f91010175i2.htmlprogram prison;type node=record x,y,v:longint; end;var n,m,i,fx,fy:longint; a:array[1..100000] of node; father:array[1..40000] of longint;procedure quick(left,right:longint);var i,j,temp 阅读全文