BZOJ 3694&&DTOJ 1972: 最短路

题目描述

 

    给出一个n个点m条边的无向图,n个点的编号从1~n,定义源点为1。定义最短路树如下:从源点1经过边集T到任意一点i有且仅有一条路径,且这条路径是整个图1到i的最短路径,边集T构成最短路树。

   给出最短路树,求对于除了源点1外的每个点i,求最短路,要求不经过给出的最短路树上的1到i的路径的最后一条边。

 

输入

 

   第一行包含两个数n和m,表示图中有n个点和m条边。

   接下来m行,每行有四个数ai,bi,li,ti,表示图中第i条边连接ai和bi权值为li,ti为1表示这条边是最短路树上的边,ti为0表示不是最短路树上的边。

 

输出

 

输出n-1个数,第i个数表示从1到i+1的要求的最短路。无法到达输出-1。

 

样例输入

5 9
3 1 3 1
1 4 2 1
2 1 6 0
2 3 4 0
5 2 3 0
3 2 2 1
5 3 1 1
3 5 2 0
4 5 4 0

样例输出

6 7 8 5

提示

 

对于30%的数据,n≤100,m≤2000
对于100%的数据,n≤4000,m≤100000,1≤li≤100000

 

分析:

考虑一个点的答案是怎么样的:从$1$到$i$的答案,应该是从$1$沿着树边走,然后经过一条非树边走到以$i$为根的子树中,在沿着树边向上走到$i$。画图可以证明走两条非树边一定更不优。$p[i][j]$表示$i->j$的只经过一条两端在$i$和$j$的子树非树边最短路,$dis[i]$表示$1->i$的最短路,所以$ans[i]=min(p[x][i]+dis[x])$,$x$是$i$子树中的一点。

那么只要处理$dis[i]$和$p[i][j]$,$dis[i]$只要求树上距离即可,$p[i][j]$的计算类似更新答案,$dfs$过程中枚举$1~n$个点,然后用用儿子节点更新当前节点即可。

#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#define M 200005
#define N 4005
using namespace std;
int n,m,dis[N],p[N][N],ans[N],pre[N],las[N],ind;
int hd[N],to[M],nx[M],w[M],cnt;
inline void add(int u,int v,int c){
    to[++cnt]=v;w[cnt]=c;nx[cnt]=hd[u];hd[u]=cnt;
}
inline void dfs1(int u,int f){
    pre[u]=++ind;
    for(int i=hd[u];i;i=nx[i]){
        int v=to[i];
        if(v!=f){
            dis[v]=dis[u]+w[i];
            dfs1(v,u);
        }
    }
    las[u]=ind;
}
inline void dfs2(int u,int f){
    for(int i=hd[u];i;i=nx[i]){
        int v=to[i];
        if(v!=f){
            dfs2(v,u);
            for(int j=1;j<=n;j++){
                if(pre[j]>=pre[u]&&las[j]<=las[u]) continue;
                p[u][j]=min(p[u][j],p[v][j]+w[i]);
            }
        }
    }
    for(int i=1;i<=n;i++){
        if(pre[i]>=pre[u]&&las[i]<=las[u]) continue;
        ans[u]=min(ans[u],p[u][i]+dis[i]);
    }
}
int main(){
    scanf("%d%d",&n,&m);
    memset(p,123,sizeof p);
    for(int i=1;i<=m;i++){
        int a,b,l,t;
        scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&l,&t);
        if(t){add(a,b,l);add(b,a,l);}
        else p[a][b]=p[b][a]=min(p[a][b],l);
    }
    memset(ans,123,sizeof ans);
    dfs1(1,0);dfs2(1,0);
    for(int i=2;i<=n;i++)
        if(ans[i]==ans[0]) puts("-1");
        else printf("%d\n",ans[i]);
    return 0;
}

总结:

图论等,尤其是图论题。很多时候要考虑答案长什么样,什么情况下最优,当有了特殊性质时,题目会更好做。

如果要证明一些性质,可以先假设一些条件,然后用反证法。例如:假设最优答案在(……)上,如果有更优的答案,那么(……)就不是(……)。之类的……

 

posted @ 2018-11-06 18:48  Roor  阅读(130)  评论(0编辑  收藏  举报