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构造题。 我递归构造的，发现如果N>3的话就优先删奇数，然后就把删完的提取一个公约数2，再重复操作即可。 具体原因我觉得是因为对于一个长度大于3的序列，2的倍数总是最多，要令字典序最大，所以就把非2的倍数全删了。 假设不删奇数，剩下的数要提取出来非1的公因数，要删的数一定比删奇数删的起码多1，出现比 阅读全文
posted @ 2018-10-06 08:30
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容斥+背包。 先做完全背包，然后就去掉用的硬币大于限量的，用容斥原理去下重就行了。 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; const int N=100005; int c[5],T 阅读全文
posted @ 2018-10-05 19:45
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有个套路：计算单调不降的，可以给第i项加一个i，转化成单调递增的，然后就变成了在值域[L+1,R+N]中取1~n个数。 复制一下popoqqq大佬的图片 M=R-L+1。 式子就变成了这个样子。 Lucas定理随便做了。 #include <iostream> #include <cstdio> # 阅读全文
posted @ 2018-10-04 20:45
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设状态转移方程 f[i][j]表示前i个人打饭，目前第一窗口的最后一个打完饭的时间是j，最后一个吃完饭的人的时间。 然后n^3转移。 #include <iostream> #include <cstring> #include <cstdio> #include <algorithm> using 阅读全文
posted @ 2018-10-03 21:25
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相当于是V[x]+V[y]=c（x是行，y是列，c是这个点的点权） 然后我们就可以用二分图判定一下是否可行。找个有点权的点随便dfs一下就行了。 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; 阅读全文
posted @ 2018-10-03 20:13
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惊奇地发现，如果一个区间能被判定是错的，当且仅当这个区间被已知权值的区间夹着，且表出的区间值与给出的不相等，才能表示这个区间GG了。 然后用带权并查集维护当前节点所能表示的最远区间及其权值。如果发现新的区间的find(l-1)==find(r)，就可以猜猜看它的正确性了。 #include <ios 阅读全文
posted @ 2018-10-03 19:41
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题面: 约翰和贝茜在玩一个方块游戏．编号为1到n的n(1≤n≤30000)个方块正放在地上．每个构成一个立方柱． 游戏开始后，约翰会给贝茜发出P(1≤P≤100000)个指令．指令有两种： 1．移动(M)：将包含X的立方柱移动到包含Y的立方柱上． 2．统计(C):统计名含X的立方柱中，在X下方的方块 阅读全文
posted @ 2018-10-03 19:02
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寒假zrt讲过，用并查集维护这个点往后最近的白色馒头是谁，然后时光倒流，直接往它的fa处跳就行了。 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; const int N=1000005; i 阅读全文
posted @ 2018-10-03 18:44
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把这个图缩成圆方树，把方点的权值设成-1，圆点的权值设成点双的size，算 经过这个点的路径的数量*这个点的点权 的和即是答案。 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; const i 阅读全文
posted @ 2018-10-02 19:50
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最小表示法就是一个字符串构成一个环，找以哪个点为开头字典序最小。 然后我们就可以用n2的算法愉快的做啦~实际上有O(n)的做法的，就是用两个指针扫，如果这两个位置的字典序相等，就一起往后，如果某一个大，就把那个指针指到大的那个的后面。 每次至少有一个指针往后移一个，复杂度就是线性的了。 （自己YY的 阅读全文
posted @ 2018-10-02 17:56
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