摘要：概率题题意：输入case数，每组case两个数字，表示A的点数和B的点数，他们玩游戏，每个人赢的概率都是0.5。输的人要将自己的一部分点数给对方，给的点数是min(na,nb)。例如na=3，nb=2如果A赢了，B要给2点给A，即全部给完。如果B赢了，A要给2点给B，A变为1，B变为4。一个人的点数为0，那么游戏结束了。题目要你输出两个数学期望，第一个是，这个游戏要结束，要玩多少局的数学期望，另一个是A赢的概率这题一开始看觉得是期望DP，后来想想也可以不写DP，能把状态表达出来即可。设一个状态（n，m，c）表示A现在的点数是n，B的点数是m，已经玩了c局。那么游戏结束的状态就是（n,0,c）或 阅读全文

摘要：poj 2168 相同的题目区间DP题意：输入n，表示有n个海龟在一条直线上，乌龟可以站在相同的位置（即坐标可以相同），下面n行，每行两个数字，表示第i个乌龟给出的信息，第一个数字表示它前面有多少只乌龟，第二个数字表示它后面有多少个乌龟。并不是每个乌龟的信息都是正确，有些乌龟的信息是假的，或者和别的乌龟信息冲突，你的任务是选出尽量多的乌龟，使他们的信息不冲突，然后输出有多少个乌龟说谎，和那些乌龟的编号，可能有多种情况，只要保证说谎的乌龟数最少，输出哪种情况都可以分析：乌龟可以站在一样的位置，我们给乌龟排名，可以把它们放在不同的位置 例如 1 2 3 3 3 4 4 5 ， 虽然有些排名相同，但 阅读全文

摘要：网络流UVA 1161 是相同的题目这题网上找不到任何题解的，看上去是个最大流，但是最难搞的就是有时间限制，现在基本上能确定的就是要拆点，但是怎么拆不确定，我用了这种拆法就一直超时超时的原因我总结一下有几个可能。1.构图的代码太烂，可能出了什么差错但是找不出来。2.数组开小了？开大了？3.和第1个原因，然后运行EK的时候掉进了死循环或者效率太慢。4.EK太慢，要用ISAP超时的代码/*原本的点从0到n-1标号，但是每个点需要占用2880个空间，所以对于原来第u个顶点，怎么确定那个范围是它可以用的就是[u*2880 , (u+1)*2880-1]如果读入了点u，时间为t而且它是作为到达时间，那么 阅读全文

摘要：求解无向图的点连通度，转化为网络流详细的解释明天再写了#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>using namespace std;#define N 60#define min(a,b) a<b?a:b#define max(a,b) a>b?a:b#define INF 0x3f3f3f3fint first[10*N];struct edge{ int u,v,cap,flow,next;}e[N*N*N];int nume;int n,m;void EK(int s ,int 阅读全文

摘要：动态规划黑书的例题，老题了，2000年的国赛题，题意看黑书吧，太长了。。。比较典型的按阶段性决策，整个dp还是不难想的，1A分析在代码中/*按时间决策的DP，或者说按阶段性决策当前要跳的格子出现了，那么怎么跳其实只有两种选择，用左脚去踩或者右脚去踩所以要枚举前一个格子结束的时候，左右脚在什么地方，如果用左脚踩会产生多少花费，用右脚踩会产生多少花费dp[i][l][r]表示踩完第i次，左脚在l这个格子上，右脚在r这个格子上的最小花费那么最终要找的答案在dp[n][l][r]中，所以要扫描一次dp[n]找到最大值由题目的性质就知道可以使用滚动数组，而且题目也没提到序列的长度，所以用滚动数组也更为保 阅读全文

摘要：最小费用最大流2010的国赛题，题意很易懂不解释了。分析部分参考了别人博客：一般的最小费用最大流是给出每个单位流量的费用，计算费用的时候是单位费用*流量，但是这里是单位费用*流量*流量，并不能单纯地计算，要巧妙地拆容量，每条边的原容量为cap，拆成cap条，每条容量都是1，第一次取这条路时是单位费用a，第二次是3*a，依次为5*a,7*a，9*a，这样你会发现，这条路走容量2的话刚好是4a,3为9a，4为16a,5为25a，接下来做一最小费用最大流即可另外注意一点，题中说明边数最大为5000，而每条边的容量最大为5，所以在开数组的时候应该开到 2*5*50000，原来的一条边要拆成cap条边， 阅读全文

摘要：动态规划poj 1141 ural 1183 zoj 1463 都是相同的题目，黑书DP的例题输入比较恶心，有空串。递推的时间是1s多，记忆化的时间是4.3s勉强过，原理不说了百度各种有/*1.dp[i][j]=dp[i+1][j-1] , p[i][j]=-1 , --->p[i+1][j-1]2.dp[i][j]=dp[i+1][j]+1 , p[i][j]=-2 , --->p[i+1][j]3.dp[i][j]=dp[i][j-1]+1 , p[i][j]=-3 , --->p[i][j-1]4.dp[i][j]=dp[i][k]+dp[k+1][j] , p[i][ 阅读全文