海上月是天上月，眼前人是心上人。
01 2022 档案
摘要：Solution 考虑把一个豆豆看成一条边，那限制流量为1，费用为1，豆豆即会被吃一次。拆点，两点之间连一条有贡献的边和无贡献的边，可做到让两条路径重合后不会多产生贡献。路线不可以相交可以通过连边的方式解决，但我们发现边数太多了。考虑我们连的一些无用的边，形如一个钝角三角形，明显有边
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摘要：Solution 这是一道一个人覆盖一个区间的问题，对于人，考虑把他看成一流量，对于a_i的限制，相当于把a_i的流量放在了i点上，所以S和1号点连inf，n + 1号点和T连inf，i和i + 1连inf - a_i。对于留下的流量一定要产生
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摘要：#include <cstdio> #include <iostream> #define LL long long #define RE register #define IN inline using namespace std; const int N = 5e5 + 5; int h[N <
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摘要：#include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; const int N = 1e5 + 5; int dfn[N],low[N],dfc,f[N],g[N],n,m,K,L,cnt,tot,h[N]; struct edge{ in
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摘要：\text{Solution} 一道简单的tarjan求割点，只需判断B点是否在子树内即可。 \text{Code} #include<cstdio> #include<algorithm> #define RE register #define IN inline using na
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摘要：#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; int t,S,T,n,a[55],b[55],cur[105],tot,h[105],dep[105],q[110]; struct edge{
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摘要：#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; int tot,n,t,dep[600],q[600],cur[600],h[600],S,T; struct edge{ int to,nxt,z
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摘要：#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; int h[705],cur[705],n,m,dep[705],q[705],tot = 1,S,T; struct edge{ int to,n
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摘要：#include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int a[5005],f[5005][5005],n,vis[5005][5005]; double slope(int x,int y) {return (a[x] - a[y])
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摘要：Solution 考虑1和2相邻是必须要长度为1的篱笆，所以只需考虑1,2和0之间要不要放篱笆，用S连向所有的1，所有的2连向T，现在问题是要使S与T不连通，这不是经典的最小割问题吗？ Code #include<cstdio> #incl
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摘要：#include<cstdio> using namespace std; const int N = 1e5 + 5; int n,m,rt[N],sum[N << 5],ls[N << 5],rs[N << 5],size; void update(int &p1,int p2,int l,in
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摘要：#include<cstdio> #define LL long long using namespace std; int n,a[100005]; LL ans = 0; int main() { scanf("%d",&n); for (int i = 1; i <= n; i++) scan
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摘要：Solution 一个较为模板的最小割，对于第二问，把图的流量变为1，再跑一边网络流即可 Code #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; int h[50],cur[
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摘要：Solution 把木板看成一个点，把 看成一条边，因为一个 最多对应两块木板，现在问题转化成了二分图上的最小点覆盖问题，众所周知二分图上最小点覆盖等于最大匹配 Code #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm>
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摘要：Solution 先二分答案，考虑去求ans的排名，那么相当于去求有多少和是小于ans，对原序列做前缀和，问题转化成了求所有的S_r - S_l < ans \implies S_l > Sr - ans枚举一个S_r把S_l加入线段树中即可。 Code #inc
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摘要：Solution 如何去确定以个炸弹，可以用一行和一列i,j，那么就相当于行和列进行最匹配，对于一个**#能把行分成两部分，处理每行每列的每部分，如果交点不是x**那就可以匹配 总结:dinic一般时间复杂度为O(nm)，跑二分图匹配为O(m\sqrt{n}) Code #i
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摘要：Solution 考虑a_i的限制，设a_i = \prod {p_i^{k_i}},s_i = \sum{k_i} 对于条件，当且仅当a_j | a_i且s_i = s_j + 1，以s_i的奇偶分为两个集合，发现是一个二分图，b_i则为流量，而对于权值大于0的
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