BZOJ1018 堵塞的交通(线段树)

题目很好明白,然后实现很神奇。首先如果考虑并查集的话,对于删边和加边操作我们无法同时进行。然后暴力分块的话,复杂度是O(n sqrt n) ,不是很优。于是看了题解,发现了线段树的神奇用途。

我们维护每个矩形四个顶点的六个变量,分别是:

g[0]:表示第一行左右端点的连通性。

g[1]:表示第二行左右端点的连通性。

g[2]:左上端点和左下端点的连通性。

g[3]:右上端点和右下端点的连通性。

g[4]:左上端点和右下端点的连通性。

g[5]:左下端点和右上端点的连通性。

这六个变量做好之后就可以合并矩形了。同样是这六个变量,合并的时候需要费点事,考虑一下各种情况。

最后需要的一点就是可能出现的特殊情况,这样的怎么办?

我们考虑全面即可,查询的时候不光查询一个区间,还需要查询两头的区间,然后判断是否会出现这种情况,就是我写的solve函数里面判断答案的后三种情况。 ——by VANE

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=100005;
struct node{bool g[6];};
int n;
node s[5],t[N*4];
bool m[N*4];
int calc(int x,int y){return x*(n-1)+y;}
void build(int rt,int l,int r)
{
    if(l==r) {t[rt]=s[0];return;}
    int mid=l+r>>1;
    build(rt<<1,l,mid);
    build(rt<<1|1,mid+1,r);
}
node merge(node a,node b,bool x,bool y)
{
    node c;
    c.g[0]=(a.g[0]&&x&&b.g[0])||(a.g[4]&&y&&b.g[5]);
    c.g[1]=(a.g[1]&&y&&b.g[1])||(a.g[5]&&x&&b.g[4]);
    c.g[2]=(a.g[2])||(a.g[0]&&x&&b.g[2]&&y&&a.g[1]);
    c.g[3]=(b.g[3])||(b.g[0]&&x&&a.g[3]&&y&&b.g[1]);
    c.g[4]=(a.g[0]&&x&&b.g[4])||(a.g[4]&&y&&b.g[1]);
    c.g[5]=(b.g[0]&&x&&a.g[5])||(b.g[5]&&y&&a.g[1]);
    return c;
}
void insert(int rt,int l,int r,int x,int y,int xx,int yy,bool c)
{
    int mid=l+r>>1;
    if(x==xx&&y==mid)
    {
        m[calc(x,y)]=c;
        t[rt]=merge(t[rt<<1],t[rt<<1|1],m[calc(0,mid)],m[calc(1,mid)]);
        return;
    }
    else if(x!=xx&&l==r){t[rt]=s[c];return;}
    if(y<=mid) insert(rt<<1,l,mid,x,y,xx,yy,c);
    if(y>mid) insert(rt<<1|1,mid+1,r,x,y,xx,yy,c);
    t[rt]=merge(t[rt<<1],t[rt<<1|1],m[calc(0,mid)],m[calc(1,mid)]);
}
node query(int rt,int l,int r,int ll,int rr)
{
    int mid=r+l>>1;
    if(l>=ll&&r<=rr) return t[rt];
    if(rr<=mid)return query(rt<<1,l,mid,ll,rr);
    if(ll>mid) return query(rt<<1|1,mid+1,r,ll,rr);
    return merge(query(rt<<1,l,mid,ll,rr),query(rt<<1|1,mid+1,r,ll,rr),m[calc(0,mid)],m[calc(1,mid)]);
}
void solve(int x,int y,int xx,int yy)
{
    bool ans;
    s[2]=query(1,1,n,1,y);
    s[3]=query(1,1,n,y,yy);
    s[4]=query(1,1,n,yy,n);
    if(x==xx) ans=(s[3].g[x])||(s[2].g[3]&&s[3].g[4+x^1])||(s[4].g[2]&&s[3].g[4+x])||(s[2].g[3]&&s[4].g[2]&&s[3].g[x^1]);
    else ans=(s[3].g[4+x])||(s[2].g[3]&&s[3].g[x^1])||(s[4].g[2]&&s[3].g[x])||(s[2].g[3]&&s[3].g[4+x^1]&&s[4].g[2]);
    if(ans) puts("Y");
    else puts("N");
    
}
int main()
{
    scanf("%d",&n);
    s[0]=(node){1,1,0,0,0,0};
    s[1]=(node){1,1,1,1,1,1};
    memset(t,0,sizeof t);
    memset(m,0,sizeof m);
    build(1,1,n);
    char ch[6];scanf("%s",ch);
    while(ch[0]!='E')
    {
        int x,y,xx,yy;scanf("%d%d%d%d",&x,&y,&xx,&yy);
        if(y>yy) swap(x,xx),swap(y,yy);
        x--;xx--;
        if(ch[0]=='O') insert(1,1,n,x,y,xx,yy,1);
        else if(ch[0]=='C') insert(1,1,n,x,y,xx,yy,0);
        else solve(x,y,xx,yy);
        scanf("%s",ch);
    }
}

 

posted @ 2018-01-15 14:30  大奕哥&VANE  阅读(...)  评论(... 编辑 收藏