Administrator-09 - 博客园

2021年11月13日

摘要：传送门并不会做原题在这里对于两个无序序列是否相等的判断：可以用无序hash Code: #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define INF 0x3f3f3f3f #define N 500010 #define ll long l 阅读全文

posted @ 2021-11-13 06:26 Administrator-09 阅读(9) 评论(0) 推荐(0)

2021年11月12日

题解 [CF1604B] XOR Specia-LIS-t

摘要：传送门并不能想到发现当 \(n\) 为偶数的时候将序列分为 \(n\) 个长度为1的就可以当 \(n\) 为奇数时若存在一个 \(a_i\geqslant a_{i+1}\) 则可以将这两个点分到一个子序列里，一样有解同时不满足这两个条件的一定是长度为奇数的上升子序列若将其划分为多个子序列阅读全文

posted @ 2021-11-12 19:21 Administrator-09 阅读(10) 评论(0) 推荐(0)

2021年11月11日

题解糖

摘要：传送门首先有一个 \(O(nc^2)\) 的暴力令 \(f_{i, j}\) 为考虑到第 \(i\) 个位置，当前有 \(j\) 个糖的最大收益转移的时候枚举在当前位置买入/卖出几块糖这个暴力可以优化到 \(O(nc)\) 具体地，可以利用完全背包的思想，以卖出为例 \(f_{i, j}=m 阅读全文

posted @ 2021-11-11 21:07 Administrator-09 阅读(8) 评论(0) 推荐(0)

题解第 k 大查询

摘要：传送门看起来需要求出每个数在哪些区间内是第 \(k\) 大不会求，就炸了关于形如「求序列内所有数左/右边」前 \(k\) 个大于/小于这个数的数：需要避免从一个数向两边爆扫的时候扫到小于这个数的数于是对这个序列建立一个双向链表，将整个序列复制下来排序，从小到大枚举枚举到一个数时，向两边爆阅读全文

posted @ 2021-11-11 20:51 Administrator-09 阅读(5) 评论(0) 推荐(0)

题解树上路径

摘要：传送门有一个暴力做法是枚举一条边断开，在形成的两个连通块中求直径更新答案于是树形DP预处理可以做到 \(O(1)\) 求直径整体复杂度 \(O(n)\) Code: #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define INF 0x3f3f 阅读全文

posted @ 2021-11-11 20:38 Administrator-09 阅读(7) 评论(0) 推荐(0)

题解嗑瓜子

摘要：传送门按题意DP即可 Code: #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define INF 0x3f3f3f3f #define N 2010 #define ll long long //#define int long long cha 阅读全文

posted @ 2021-11-11 20:36 Administrator-09 阅读(5) 评论(0) 推荐(0)

题解欢乐豆

摘要：传送门首先有个显然地过分但我没有看出来的结论：若没有修改，从 \(u\) 到 \(v\) 的最短路长度是 \(a_u\) 那现在改了几条边，最短路可能就变成了 \(dis_{u, z}+a_z\) 发现这个 \(z\) 和 \(u\) 之间必须通过修改过的边连通，否则绕一下一定不优于是将每个修改阅读全文

posted @ 2021-11-11 07:24 Administrator-09 阅读(52) 评论(0) 推荐(0)

题解超级加倍

摘要：传送门链上的部分分可以单调栈求出范围 \(l, r\) 后主席树维护其实也可以求出后转化为三维偏序求解题解说可以忽略一个条件，再减去算重的然后正解与形如经过点中的最大值/起点为全路径最大值类似的问题，序列上可以考虑笛卡尔树，树上可以考虑kruskal重构树对点权建立kruskal重构阅读全文

posted @ 2021-11-11 06:37 Administrator-09 阅读(8) 评论(0) 推荐(0)

题解叁仟柒佰万

摘要：传送门当 \(min\{a_i\}>0\) 时，整个序列可以被任意划分否则可以证明原序列的mex一定是划分得到的序列的mex 于是令 \(f[i]\) 为区间 \([1, i]\) 的合法划分方案数特别的，\(f[0]=1\) 于是发现转移点 \(j\) 要求 \([0, mex)\) 中的数阅读全文

posted @ 2021-11-11 06:21 Administrator-09 阅读(9) 评论(0) 推荐(0)

题解开挂

摘要：传送门可以证明一个结论：若从后向前扫，每个重复的数变为它后面第一个没有出现过的数一定更优于是可以用并查集找这样的未出现的数复杂度 \(O(nlogn)\) Code: #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define INF 0x3f 阅读全文

posted @ 2021-11-11 06:13 Administrator-09 阅读(5) 评论(0) 推荐(0)

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