CF-932(已更新 A B)
CF-932(已更新 A B)
之前的CF也都
掉分了的打了的，只是都还没补题……逆天舍友打游戏看抖音都外放-^-，打游戏生气了还要大声地祖安别人……
A
赛时只想到了在暴力的做法，写得还巨丑，鉴定为天天喝八宝粥喝的(⊙﹏⊙)
分析
题意已经如此直白而自己赛时居然一直在死磕一个最复杂的写法
操作
- 用两个指针l，r分别从最前面与最后面开始遍历，只要先出现s[l]<s[r]，就说明不需要翻转，而先出现s[l]>s[r]，说明需要翻转
- 操作次数是偶数，意味着输出的字符串只有两种情况：原字符串s或反转后的字符串+s，答案要求字典序最小，只需要输出两者的较小的一个
代码
自己调的虽然但是，它只跑了0ms
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define endl '\n'
#define int long long
#define db(x) cout<<x<<" "<<endl;
#define _db(a,n) for(int i=1;i<=n;i++) cout<<a[i]<<" ";cout<<endl;
#define mem(a) memset(a,0, sizeof(a))
#define rep(i,l,r) for(int i=l;i<=r;i++)
#define per(i,r,l) for(int i=r;i>=l;i--)
void solve(){
int n;cin>>n;
string s;cin>>s;
int r=s.length()-1,l=0;
int f=1;
while(l<r){
if(s[l]<s[r]){
f=1;
break;
}
else if(s[l]>s[r]){
f=0;
break;
}
l++,r--;
}
if(f) cout<<s;
else{
string ss=s;
reverse(s.begin(),s.end());
cout<<s<<ss;
}
cout<<endl;
}
signed main()
{
std::ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
cout.tie(0);
int t;cin>>t;while(t--)
solve();
return 0;
}
看了题解写的虽然但是，它跑了15ms
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define endl '\n'
#define int long long
#define db(x) cout<<x<<" "<<endl;
#define _db(a,n) for(int i=1;i<=n;i++) cout<<a[i]<<" ";cout<<endl;
#define mem(a) memset(a,0, sizeof(a))
#define rep(i,l,r) for(int i=l;i<=r;i++)
#define per(i,r,l) for(int i=r;i>=l;i--)
void solve(){
int n;cin>>n;
string s;cin>>s;
string ss=s;
reverse(s.begin(),s.end());
s+=ss;
cout<<min(s,ss)<<endl;
}
signed main()
{
std::ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
cout.tie(0);
int t;cin>>t;while(t--)
solve();
return 0;
}
B
自己赛时就没想明白，看题解的思路才懂是怎么个事
调了两小时(⊙﹏⊙)，这样看来
是我赛时过不了的题……我这题解有写的必要╰(°▽°)╯……看了题解的代码，只能说
我是sb还有很大优化空间
分析
即找到的区间要满足最小的未在区间内出现过的数op相同，这些区间又包含了a数组的所有元素，所以op一定是a数组中未出现过的数的最小值，又因为要找的区间的op都要相同，所以我们可以干脆就找2个合法的区间就行
如[0 1 7] 这个数是2，[1,1,2] 这个数是0，[2,2,2] 这个数是0
操作
要找最小的未在区间内出现过的数op，可以在输入时记录出现每个数的出现次数及最大值mx，然后遍历0到mx+1,当遍历到的第一个未出现就是op；对于找两个区间，它们必须都含有[0,op)内的所有数，为此，我们可以先用set存下[0,op)内的所有数，用左右两个指针ll，rr分别从数组两边开始遍历，如果左边与右边比op小的数都至少出现1次，说明存在这两个合法区间，两个区间的分界点可以是rr-1与rr或者ll与ll+1
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define endl '\n'
#define int long long
#define db(x) cout<<x<<" "<<endl;
#define _db(a,n) for(int i=1;i<=n;i++) cout<<a[i]<<" ";cout<<endl;
#define mem(a) memset(a,0, sizeof(a))
#define rep(i,l,r) for(int i=l;i<=r;i++)
#define per(i,r,l) for(int i=r;i>=l;i--)
const int N=1e5+5;
int a[N],l[3],r[3];
void solve(){
int n;cin>>n;
map<int,int>mp;
int mx=0;
rep(i,1,n){
cin>>a[i];
mx=max(a[i],mx);
mp[a[i]]++;
}
set<int>s;
//int op=0;
rep(i,0,mx+1){
if(!mp[i]){
//op=i;
break;
}
s.insert(i);
}
l[1]=1,r[2]=n;
// 0 1 7| 1 0 |1 0 3 -> 0 1 7 1 0 | 1 0 3
//左边与右边比op小的数都至少出现1次
// 0 1 1
// 1 1 2
int ll=1,rr=n,ls=0,rs=0,f=1;
map<int,int>lmp,rmp;
while(ll<rr){
if(ls==rs&&ls==s.size()){
f=0;
l[2]=rr,r[1]=rr-1;
break;
}
if(!lmp[a[ll]]&&s.count(a[ll])) ls++;
if(!rmp[a[rr]]&&s.count(a[rr])) rs++;
lmp[a[ll]]=1,rmp[a[rr]]=1;
if(ls<s.size()) ll++;
if(rs<s.size()) rr--;
}
if(f){
cout<<-1<<endl;
return;
}
cout<<2<<endl;
rep(i,1,2){
cout<<l[i]<<" "<<r[i]<<endl;
}
}
signed main()
{
std::ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
cout.tie(0);
int t;cin>>t;while(t--)
solve();
return 0;
}
