BZOJ1901：Zju2112 Dynamic Rankings——题解
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1901
Description
给定一个含有n个数的序列a[1],a[2],a[3]……a[n]，程序必须回答这样的询问：对于给定的i,j,k，在a[i],a[i+1
],a[i+2]……a[j]中第k小的数是多少(1≤k≤j-i+1)，并且，你可以改变一些a[i]的值，改变后，程序还能针对改
变后的a继续回答上面的问题。
Input
第一行有两个正整数n(1≤n≤10000)，m(1≤m≤10000)。
分别表示序列的长度和指令的个数。
第二行有n个数，表示a[1],a[2]……a[n]，这些数都小于10^9。
接下来的m行描述每条指令
每行的格式是下面两种格式中的一种。
Q i j k 或者 C i t
Q i j k （i,j,k是数字，1≤i≤j≤n, 1≤k≤j-i+1）
表示询问指令，询问a[i]，a[i+1]……a[j]中第k小的数。
C i t (1≤i≤n，0≤t≤10^9)表示把a[i]改变成为t
m,n≤10000
Output
对于每一次询问，你都需要输出他的答案，每一个输出占单独的一行。
Sample Input
5 3
3 2 1 4 7
Q 1 4 3
C 2 6
Q 2 5 3
3 2 1 4 7
Q 1 4 3
C 2 6
Q 2 5 3
Sample Output
3
6
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UPT：18.4.2美化代码，删改题解。
带修改主席树板子题目（bzoj真喜欢权限板子题）
然后我学了一上午：https://www.cnblogs.com/candy99/p/6166467.html
总的来说如果我们暴力修改主席树的话，我们对于每一棵主席树都需要进行修改，那么这样时间复杂度就爆棚了。
而我们考虑，树状数组和线段树的修改仅仅只是logn的。
所以我们试着让树状数组套上主席树，这样就能方便的修改值了。
也就是说，树状数组的每一个节点都挂着一棵主席树，这样所需要修改的主席树就变成O(logn)棵了。
那么查询也很简单，就是树状数组的查询方法（因为我们外层包的是树状数组，所以查询就是在查主席树的根，也就不需要主席树了）。
显然空间复杂度为O(nlognlogn)
！但是！我学的那篇博客提供了一种O(2nlogn)的做法。
我们直接将修改操作另开一棵树状数组（upt：其实是开一个主席树然后用树状数组的lowbit修改）维护，这样就变成了两个主席树了，查询的时候两者的和一加即可。
注意事项：
1.注意区分两个主席树，本代码中rt为原序列主席树，root为存修改的主席树。
2.空间记得根据空间复杂度开。
3.不要用什么玄学的stl，不然AC变TLE就是一瞬间的事情。
4.离散化。
#include<cstdio> #include<queue> #include<cctype> #include<cstring> #include<cmath> #include<vector> #include<algorithm> using namespace std; const int N=20010; inline int read(){ int X=0,w=0;char ch=0; while(!isdigit(ch)){w|=ch=='-';ch=getchar();} while(isdigit(ch))X=(X<<3)+(X<<1)+(ch^48),ch=getchar(); return w?-X:X; } struct tree{ int l,r,sum; }tr[N*100]; struct question{ char s[10]; int i,j,k,t; }q[N]; int a[N],b[N],rt[N],root[N],n,m,Q,pool; int q1[N],t1,q2[N],t2; inline void initLSH(){ sort(b+1,b+m+1); m=unique(b+1,b+m+1)-b-1; return; } inline int LSH(int v){return lower_bound(b+1,b+m+1,v)-b;} inline int lowbit(int x){return x&-x;} inline void insert(int y,int &x,int l,int r,int p,int v){ tr[x=++pool]=tr[y]; tr[x].sum+=v; if(l==r)return; int mid=(l+r)>>1; if(p<=mid)insert(tr[y].l,tr[x].l,l,mid,p,v); else insert(tr[y].r,tr[x].r,mid+1,r,p,v); } inline void add(int pos,int v){ int p=LSH(a[pos]); for(int i=pos;i<=n;i+=lowbit(i))insert(root[i],root[i],1,m,p,v); //注意这里是root } inline int cal(){ int sum1=0,sum2=0; for(int i=1;i<=t1;i++)sum1+=tr[tr[q1[i]].l].sum; for(int i=1;i<=t2;i++)sum2+=tr[tr[q2[i]].l].sum; return sum2-sum1; } inline int query(int nl,int nr,int k){ int l=1,r=m;t1=t2=0; for(int i=nl;i;i-=lowbit(i))q1[++t1]=root[i]; for(int i=nr;i;i-=lowbit(i))q2[++t2]=root[i]; //注意这里是root nl=rt[nl],nr=rt[nr]; //注意这里是rt while(l<r){ int ls=cal()+tr[tr[nr].l].sum-tr[tr[nl].l].sum; int mid=(l+r)>>1; if(k<=ls){ for(int i=1;i<=t1;i++)q1[i]=tr[q1[i]].l; for(int i=1;i<=t2;i++)q2[i]=tr[q2[i]].l; nl=tr[nl].l;nr=tr[nr].l; r=mid; }else{ for(int i=1;i<=t1;i++)q1[i]=tr[q1[i]].r; for(int i=1;i<=t2;i++)q2[i]=tr[q2[i]].r; nl=tr[nl].r;nr=tr[nr].r; l=mid+1;k-=ls; } } return l; } int main(){ n=read(); Q=read(); for(int i=1;i<=n;i++)a[i]=b[++m]=read(); for(int i=1;i<=Q;i++){ scanf("%s",q[i].s); if(q[i].s[0]=='Q'){ q[i].i=read();q[i].j=read();q[i].k=read(); } else{ q[i].i=read(); q[i].t=b[++m]=read(); } } initLSH(); for(int i=1;i<=n;i++)insert(rt[i-1],rt[i],1,m,LSH(a[i]),1); //注意这里是rt for(int i=1;i<=Q;i++){ if(q[i].s[0]=='Q') printf("%d\n",b[query(q[i].i-1,q[i].j,q[i].k)]); else{ add(q[i].i,-1); a[q[i].i]=q[i].t; add(q[i].i,1); } } return 0; }
