【HNOI 2018】排列

Problem

Description

给定 \(n\) 个整数 \(a_1, a_2, \ldots , a_n(0 \le a_i \le n)\),以及 \(n\) 个整数 \(w_1, w_2, …, w_n\)。称 \(a_1, a_2, \ldots , a_n\) 的一个排列 \(a_{p[1]}, a_{p[2]}, \ldots , a_{p[n]}\)\(a_1, a_2, \ldots , a_n\) 的一个合法排列,当且仅当该排列满足:对于任意的 \(k\) 和任意的 \(j\),如果 \(j \le k\),那么 \(a_{p[j]}\) 不等于 \(p[k]\)。(换句话说就是:对于任意的 \(k\) 和任意的 \(j\),如果 \(p[k]\) 等于 \(a_{p[j]}\),那么 \(k<j\)。)

定义这个合法排列的权值为 \(w_{p[1]} + 2w_{p[2]} + \ldots + nw_{p[n]}\)。你需要求出在所有合法排列中的最大权值。如果不存在合法排列,输出 \(-1\)

样例解释中给出了合法排列和非法排列的实例。

Input Format

第一行一个整数 \(n\)

接下来一行 \(n\) 个整数,表示 \(a_1,a_2,\ldots , a_n\)

接下来一行 \(n\) 个整数,表示 \(w_1,w_2,\ldots ,w_n\)

Output Format

输出一个整数表示答案。

Sample

Input 1

3
0 1 1
5 7 3

Output 1

32

Input 2

3
2 3 1
1 2 3

Output 2

-1

Input 3

10
6 6 10 1 7 0 0 1 7 7
16 3 10 20 5 14 17 17 16 13

Output 3

809

Explanation

Explanation for Input 1

对于 \(a_1=0,a_2=1,a_3=1\),其排列有

  • \(a_1=0,a_2=1,a_3=1\),是合法排列,排列的权值是 \(1*5+2*7+3*3=28\)
  • \(a_2=1,a_1=0,a_3=1\),是非法排列,因为 \(a_{p[1]}\) 等于 \(p[2]\)
  • \(a_1=0,a_3=1,a_2=1\),是合法排列,排列的权值是 \(1*5+2*3+3*7=32\)
  • \(a_3=1,a_1=0,a_2=1\),是非法排列,因为 \(a_{p[1]}\) 等于 \(p[2]\)
  • \(a_2=1,a_3=1,a_1=0\),是非法排列,因为 \(a_{p[1]}\) 等于 \(p[3]\)
  • \(a_3=1,a_2=1,a_1=0\),是非法排列,因为 \(a_{p[1]}\) 等于 \(p[3]\)

因此该题输出最大权值 \(32\)

Explanation for Input 2

对于 \(a_1=2,a_2=3,a_3=1\),其排列有:

  • \(a_1=2,a_2=3,a_3=1\),是非法排列,因为 \(a_{p[1]}\) 等于 \(p[2]\)
  • \(a_2=3,a_1=2,a_3=1\),是非法排列,因为 \(a_{p[1]}\) 等于 \(p[3]\)
  • \(a_1=2,a_3=1,a_2=3\),是非法排列,因为 \(a_{p[1]}\) 等于 \(p[3]\)
  • \(a_3=1,a_1=2,a_2=3\),是非法排列,因为 \(a_{p[2]}\) 等于 \(p[3]\)
  • \(a_2=3,a_3=1,a_1=2\),是非法排列,因为 \(a_{p[2]}\) 等于 \(p[3]\)
  • \(a_3=1,a_2=3,a_1=2\),是非法排列,因为 \(a_{p[1]}\) 等于 \(p[3]\)

因此该题没有合法排列。

Range

对于前 \(20\%\) 的数据,\(1 \le n \le 10\)

对于前 \(40\%\) 的数据,\(1 \le n \le 15\)

对于前 \(60\%\) 的数据,\(1 \le n \le 1000\)

对于前 \(80\%\) 的数据,\(1 \le n \le 100000\)

对于 \(100\%\) 的数据,\(1 \le n \le 500000\)\(0 \le a_i \le n (1 \le i \le n)\)\(1 \le w_i \le 10^9\) ,所有 \(w_i\) 的和不超过 \(1.5 \times 10^{13}\)

Algorithm

并查集

Mentality

这一题的题面很神仙,略难懂。

简而言之,有一棵树,告诉你每个节点的父亲和权值,只有选择了父亲才能选择儿子,如果当前选到的节点是你选的第 \(i\) 个,那么它的贡献为 \(i×\)权值 。问最大的总贡献。必须选完整棵树。

那么数据里不能有环,否则输出 \(-1\)

除去无解的情况,我们可以开始想想怎么做了:

首先想到一个很显然的错误贪心,那就是用一个优先队列维护当前能选的所有点,优先选权值最小的,不过这很好卡,若 \(i\) 的权值为 \(1e9\) ,其他所有节点的权值为 \(1e9-1\)\(i\) 的子树权值都为 \(1\) 。那这个贪心就死掉了。

但是不打紧,我们可以考虑这样一些东西:对于一个节点 \(i\) ,如果它的权值是最小的,那么当我们选完了 \(fa[i]\) ,我们必定会选择 \(i\) ,也就是说,对于权值最小的 \(i\) ,它一定会在 \(fa[i]\) 之后挨着选择。

所以我们可以考虑将最后答案的选择序列分割为 \(n\) 块,利用这个贪心一块块按顺序合并。

但是,对于两块 \(size>1\) 的序列,我们如何合并它们呢?

假设我已经选到了第 \(i\) 位,之后要按顺序合并 \(a\)\(b\) 两块序列。

\(W_i\) 为序列 \(i\) 内元素权值和,\(w_{i_j}\) 代表序列 \(i\) 内第 \(j\) 个元素的权值。

那么如果我们先选 \(a\) 再选 \(b\) ,贡献就会是这样的:

\[\sum_{j=1}^{size_a}(i+j)\cdot w_{a_j}+\sum_{j=1}^{size_b}(i+size_a+j)\cdot w_{b_j} \]

而先选 \(b\) 的话,贡献如下:

\[\sum_{j=1}^{size_b}(i+j)\cdot w_{b_j}+\sum_{j=1}^{size_a}(i+size_b+j)\cdot w_{a_j} \]

则先选 \(a\) 更优,当且仅当 \(size_a*sum_b>size_b*sum_a\)

那么贪心策略便彻底确定下来了,我们只需要按证明出的结论的优劣性贪心选择并合并即可。

过程如下:

  • 初始化并查集
  • 选择堆顶元素,并检查元素是否为所在集合的根
  • 合并当前元素与父亲所在集合,并计算对答案的贡献

完毕。

Code

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <queue>
using namespace std;
int n, cnt, Fa[500001], head[500001], nx[500001], to[500001];
int fa[500001], size[500001];
long long w[500001], ans;
bool vis[500001], flag;
struct node {
  int x, size;
  long long w;
  bool operator<(const node b) const {
    return w * b.size > b.w * size;
  }  //定义比较函数
};
priority_queue<node> q;
int find(int x) { return fa[x] == x ? x : fa[x] = find(fa[x]); }
void Push(int x) { q.push(node{x, size[x], w[x]}); }
void Merge(int f, int x) {
  ans += 1ll * size[f] * w[x];  //计算贡献
  w[f] += w[x];
  size[f] += size[x];
}  //合并集合
void dfs(int x) {
  if (flag) return;
  if (vis[x]) flag = 1;
  vis[x] = 1, cnt++;
  for (int i = head[x]; i; i = nx[i]) dfs(to[i]);
}
int main() {
  freopen("4437.in", "r", stdin);
  freopen("4437.out", "w", stdout);
  cin >> n;
  for (int i = 1; i <= n; i++) {
    scanf("%d", &Fa[i]);
    nx[i] = head[Fa[i]], to[i] = i;
    head[Fa[i]] = i;
  }
  dfs(0);
  if (cnt < n || flag) {
    cout << "-1";
    return 0;
  }  //判断不合法情况--环
  for (int i = 1; i <= n; i++) {
    scanf("%lld", &w[i]);
    ans += w[i];
    fa[i] = i, size[i] = 1;
    Push(i);
  }  //初始化并查集与答案
  int x, f;
  while (!q.empty()) {
    x = q.top().x;
    q.pop();
    if (x != find(x)) continue;  //判断是否为并查集根部元素
    x = find(x);
    fa[x] = f = find(Fa[x]);  //合并
    Merge(f, x);
    if (f) Push(f);  //加入堆内
  }
  cout << ans;
}

posted @ 2019-03-11 18:34  洛水·锦依卫  阅读(186)  评论(0编辑  收藏  举报