随笔分类 - 动态规划—树形dp
摘要：注意到目录是一颗树结构，然后就简单了，预以1为根的处理出dis[u]为以这个点为根，到子树内的目录总长，si为子树内叶子数 第二遍dfs换根即可 cpp include include include using namespace std; const int N=100005; int n,h[
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摘要：来自lyd课件 发现s和last(s),next(s)成树结构，然后把式子化简成kx+b的形式，做树形dp即可 cpp include include include using namespace std; int n,t,a[105]; double p,q; struct qwe { doub
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摘要：设g[u]为这个点被儿子和自己充上电的概率，f[u]为被儿子、父亲和自己充上电的概率 然后根据贝叶斯公式（好像是叫这个），1.P(A+B)=P(A)+P(B) P(A)\ P(B)，2.P(A)=(P(A+B) P(B))/(1 P(B)) g的转移很好想，根据上面的1公式，g[u]=g[u]+g[
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摘要：没考虑可以连着两个不选……直接染色了 实际上是基环森林，对于每棵基环树，dfs找出一个环边，然后断掉这条边，分别对这条边的两端点做一边treedp，取max加进答案里 treedp是设f[u]为选u点，g[u]为不选u点，然后随便转移一下就行了 cpp include include using n
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摘要：bzoj上是一个森林啊……？ dp还是太弱了 设f[i][j][k]为到点i，合成j个i并且花费k金币能获得的最大力量值，a[i]为数量上限，b[i]为价格，p[i]为装备力量值 其实这个状态设计出来就好做了，树上背包随便转移一下就行了 因为是森林，所以最后统计答案的时候也要再做一遍背包 cpp i
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摘要：两遍dfs一遍向下，一边向上，分别记录子树内人数a，当前点到所有点的距离b，最大值c和次大值d，最大值子树p 然后答案是2b c cpp include include using namespace std; const int N=1000005; int n,m,h[N],cnt,p[N];
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摘要：参考：https://blog.csdn.net/sunshinezff/article/details/51049132 非典型数位dp 首先预处理，设f[i][j]为以0开头的i位数中1的个数为j的数的数量，g[i][j]为以1开头的i位数中1的个数为j的数的数量；转移是 f[i][j]=f[i
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摘要：一眼最大权闭合子图，然后开始构图，画了画之后发现~~我其实是个智障~~网络流满足不了m，于是发现正确的打开方式应该是一眼树上dp 然后仔细看了看性质，发现把依赖关系建成图之后是个奇环森林，这个显然不能直接dp 发现这个环要选的话只能选整个环，所以tarjan缩一下点，然后再跑树上背包就行了 cpp
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摘要：参考：https://blog.csdn.net/heheda_is_an_oier/article/details/51131641 这个找奇偶环的dp1真是巧妙，感觉像tarjan一样 首先分情况讨论，如果没有奇环，每条边都可以删；如果有一个奇环，奇环上隋边山；否则，删被所有奇环覆盖且没被任何一
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摘要：直接抄ppt好了……来自lyd 注意只用对根判断是否哟留下儿子 cpp include include using namespace std; const int N=100005; long long n,ans,h[N],cnt,fa[N],dis[N],d1,d2,l1,l2,c1,at[N
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摘要：参考：https://blog.csdn.net/shiyukun1998/article/details/44684947 先看对于树的情况 设d[u]为点u向儿子走的期望长度和，du[u]为u点的度数，f[u]为u向儿子走的期望长度，只需要dfs两遍，一次求向儿子的d[u]+=f[e[i].to
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摘要：二分答案，然后dp判断是否合法 具体方法是设f[u]为u点到其子树中的最长链，每次把所有儿子的f值取出来排序，如果某两条能组合出大于mid的链就断掉f较大的一条 a是全局数组！！所以要先dfs完子树才能填a！！
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摘要：设f[u][0/1]为u这个点不选/选，转移的时候从儿子转移，f[u][1]=sum(f[son][0])+1，f[u][0]=sum(max(f[son][0],f[e[i].to][1])) cpp include include using namespace std; const int N
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摘要：不能用read会TLE！！不能用read会TLE！！不能用read会TLE！！ 一开始以为要维护每个点，线段树写了好长（还T了…… 首先dfs一遍，求出点1为集会地点的答案，处理处val[u]为以1为根u子树点权和 然后从1带着当前点答案ans跑dfs，向儿子转移的时候就是带下去儿子的ans'就是a
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摘要：参考：http://www.cnblogs.com/mmlz/p/4456547.html 枚举根，然后做树形dp，设f[i][1]为i是蓝线中点（蓝线一定是父子孙三代），f[i][0]为不是，转移很好想，但是这是n方的 考虑优化换根，记录最小值和最大值就能换根了 cpp include inclu
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摘要：参考：https://www.cnblogs.com/FallDream/p/bzoj4824.html 画一画就会发现关系形成了一棵二叉树（其实看到n 1就能想到 然后dp，设f[i][j]为点i在这棵子树中排名为j，然后组合数乘着转移 这里有一个前缀和优化，返回父亲时，f为前缀和，g为后缀和，便
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