随笔分类 - LeetCode
LeetCode题解
摘要：判断S2是否是S1的扰乱字符串。根据题目的定义，S1如果经过若干次对于部分子串的翻转操作能够得到S2，则S2是S1的扰乱字符串。 首先，如果S2是S1的扰乱字符串，那么S1中每个字符的出现次数必然和S2中每个字符的出现次数一致，也就是说，我们用两个字符串S3、S4备份一下S1和S2， 对S3和S4排
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摘要：要根据链表节点的值是否大于等于x将链表划分为两段，首先需要链表中大于等于x和小于x的节点的个数，所以无法直接在原链表上做修改。 既然要分开大于等于x的值和小于x的值，我们可以考虑开两个链表，这样按顺序扫描原链表的时候，小于x的值接到第一个链表，大于等于x的值接到第二个链表。 然后再把这两个链表连接起
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摘要：这题其实是84题的进阶版。 要求最大矩形，同样也是枚举所有矩形，关键就在于如何枚举。 如果直接枚举所有起点和终点，复杂度最起码是O(n^4)，超时。 所以要换种方式枚举，可以考虑固定住所有矩形的底边，比如以每一行作为底边，枚举以这个底边，往上有哪些矩形，分别计算面积。 固定住底边之后，网上所有的连续
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摘要：要求能勾勒出来的矩形的最大高度，很自然的想法就是枚举所有矩形的宽度和高度，再通过高度和宽度的乘积求出所有矩形的面积，这样就可以知道最大矩形的面积了。 暴力做法是，枚举所有矩形的宽度（也就是枚举左边界和右边界），再求出左边界和右边界内柱子的最小高度（瓶颈高度），然后得到矩形的面积。 代码如下： cla
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摘要：5177. 转变日期格式 思路：按照空格划分出年月日，年已经是数字形式，不需要做处理。月是英文单词的缩写，需要对应到相应的数字。 对于日，只需要把结尾的英文序数词去掉，只留下数字即可。 这里要注意月和日可能是个位数，这种情况下要在前面补一个0. class Solution { string mon
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摘要：暴力枚举即可，注意特判k为0的情况。 class Solution { public: vector<int> divingBoard(int shorter, int longer, int k) { if(k == 0) { return {}; } vector<int> res; set<i
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摘要：判断当前节点currentNode的值和它的next指针所指向的节点的值是否相等，如果相等，就一直向后移动next指针直到遇到 next指针所指节点的值和currentNode的值不相等，这时将currentNode的next指针指向这个不相等的节点即可。 当currentNode和currentN
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摘要：题意是要删除一个排序链表里所有重复出现的数字，链表里留下的数字都是只出现一次的数字。 思路：用两个指针currentNode和nextNode扫描一遍有序链表，最开始初始化currentNode为链表的附加头节点dummy, nextNode为currentNode的下一个节点，然后不断判断next
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摘要：方法一 先排序后二分 要判断数组里是否存在target，可以先对数组排序，然后直接二分查找。 这样时间复杂度是O(nlogn)。 class Solution { public: bool search(vector<int>& nums, int target) { sort(nums.begin
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摘要：这题和LeetCode第51题做法一样，只不过不是记录具体方案，而是个数。分析见第51题。 代码如下： class Solution { int res = 0; int n; vector<string> path; vector<bool> cols, diagram, anti_diagram
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摘要：题意是给定一个N × N大小的棋盘，求不同的N皇后方案的个数。N皇后的方案指，N个皇后放在棋盘上，互相不能攻击到。 国际象棋里，皇后可以横竖斜走若干步，所以一个方案是合法的，必须满足任意一个皇后所在的行、列、对角线、斜对角线都没有其他皇后。 我们要求的就是这样的方案的个数。 由于每行只能放一个皇后，
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摘要：题意是给定一个已排序数组，我们需要原地修改数组，使得相同元素最多留下2个，并且返回新的数组的大小。 这题还是双指针做法，最开始左右指针都在0位置，左指针表示新的已排序数组的末尾元素位置， 右指针从左向右遍历逐个判断元素是否可以加入“新数组”中。 由于相同元素最多只能留两个，且数组是已排序的，所以对于
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摘要：又是一道DFS回溯，枚举二维字符数组的所有字符作为起点，判断以这个字符作为起点DFS是否能得到word，可以就返回true， 如果所有起点都不行就返回false。 DFS函数就按照方向进行搜索，上下左右是个方向分别去搜，返回的情况有： 1. 某方向下一个字符和word的下一个字符不相等，回溯，返回f
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摘要：方法一（DFS回溯） 求出所有可能的子集，就是要遍历一遍DFS递归树，把所有子集全都压入结果数组中。 class Solution { vector<vector<int>> res; vector<int> onePath; //onePath是递归树的一条路径（一个子集） public: vec
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摘要：DFS回溯，从左至右选数，加入一个一维数组oneCombination中，当oneCombination的大小等于k，表示已经选了k个数， 将oneCombination压入结果数组res中。 DFS的函数签名可以写为void DFS(int n, int k, int startPos, vect
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摘要：滑动窗口（双指针） 要在字符串S里找出包含字符串T的所有字符的最小子串（注意只需要包含字符串T的所有字符），不需要子串就是T。 所以我们可以扫描一遍字符串S，找出一个满足条件包含字符串T的所有字符串子串，然后根据长度是否比之前记录的字符串长度小，更新最小子串。 扫描字符串S需要用到滑动窗口（双指针）
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摘要：这道题的题意是，给出一个一维数组，数组中的元素只可能是0，1，2，分别表示红色、白色和蓝色。 我们需要做一个排序，使得0全部在数组前面，1在中间，2在后面。 （不过不能用sort函数） 方法一（常数空间，非一趟扫描） 可以用三个变量分别记录红色、白色和蓝色的出现次数，然后根据出现的次数，修改数组即可
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摘要：这道题是要我们在一个二维数组里搜索某个元素target，找到了返回true,没找到返回false。 这个二维数组性质是，每一行都是升序的，且每一行的最后一个元素小于下一行的第一个元素。 都说升序和查找了，显然应该想到二分。 这题我最开始先按行二分，确定target(如果在数组里）所在的行，再对这一行
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摘要：解法一（使用O(mn)空间) 可以开一个额外的二维数组，记录每个位置的元素是否已被访问过。 然后我们遍历原来的二维数组，只要没被访问过且元素为0，那么就将该元素所在的行和列的元素值置为0， 并且将这一行的所有元素都设置为已经访问过，以免之后的遍历碰到被置为0的元素也将那一行那一列的元素置为0. 这里
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摘要：考虑用一个二维dp数组表示所需的最小操作次数。 dp[i][j]表示将word1的前i个字符转换为word2的前j个字符所需要的最少操作次数。 由于操作的顺序对于最后操作的结果没有影响，所以我们假设操作总是从word1的前面字符操作到word1的后面字符。 如果word1的第i个字符等于word2的
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