随笔分类 - 题解
摘要：\(\text{Problem}\) 求 \[ \sum_{i=1}^n \sum_{j=1}^m \sigma_1(\gcd(i,j)) \] 当且仅当 \(\sigma(\gcd(i,j)) \le a\) 时有贡献 多组询问，答案对 \(2^{31}\) 取模 \(1 \le n,m \le
阅读全文
摘要：$\text 非常巧妙的二分答案 因为只有一个询问，且答案满足单调性，所以二分答案 \(mid\) 原序列中大于等于 \(mid\) 的数的位置赋为 \(1\)，否则赋为 \(0\) 然后走一遍排序操作，用线段树赋值完成排序 最后检查 \(q\) 位置上的情况，\(0\) 就不行，\(1\) 就可以
阅读全文
摘要：$\text 支持区间加区间翻转区间最大值 $\text \(\text{FHQ-Treap}\) 两个标记加与翻转 然后维护区间最大值 $\text #include <cstdio> #include <algorithm> #include <ctime> #define re registe
阅读全文
摘要：$\text 设 \(f_{x,i}\) 表示以 \(x\) 为根的子树 \(i\) 天后的最大收益 那么 \(f_{x,i} = \max(f_{x,i-1},w_x [d[x] \ge i] + \sum f_{v,i})\) 这样的转移时 \(O(nk)\) 的，只能拿到 \(34pts\)
阅读全文
摘要：\(Solution\) 非常板的一道题，支持区间翻转 本人采用 \(\text{FQH-Treap}\) 实现，按排名分裂 题目显然可以转化为找区间最小值的位置，只要每次把当前最小值扔出 \(\text{Treap}\) 为处理最小值相同的情况，就离散化处理 然后维护子树最小值就对了 $\text
阅读全文
摘要：$\text $\text 显然 \(f=\mu^2\) 那么 \[ \begin{aligned} \sum_{i=1}^n \sum_{j=1}^n (i+j)^k &= \sum_{d=1}^n \mu^2(d) d^{k+1} \sum_{i=1}^{\lfloor \frac{n}{d}
阅读全文
摘要：$\text 求 \[ \prod_{i=1}^n \prod_{j=1}^m f({\gcd(i,j)}) \] 其中 \[ f(n)= \begin{cases} 0 & n=0 \\ 1 & n=1 \\ f(n-1)+f(n-2) & n > 1 \end{cases} \] \(T\) 组
阅读全文
摘要：$\text JZOJ上，求 \[ \sum_{i=1}^n \sum_{j=1}^m \gcd(i,j)^k \] 对 \(10^9+7\) 取模 \(n,m,k \le 5 \times 10^6\) LG 上，是一个加强版，有 \(T（T\le 2 \times 10^3）\) 组数据 $\t
阅读全文
摘要：$\text 求 \[ \left( \sum_{i=1}^n \sum_{j=1}^m lcm(i，j) \right) \bmod{20101009} \] \(n \le 10^7\) $\text 套路地推式子 \[ \begin{aligned} \sum_{i=1}^n \sum_{j=
阅读全文
摘要：$\text 求 \[ \left(\sum_{i=1}^n \sum_{j=1}^n i j \gcd(i,j)\right) \bmod p \] \(n \le 10^{10}，5 \times 10^8 \le p \le 1.1 \times 10^9\) 且 \(p \in \mathb
阅读全文
摘要：$\text 这题怎么做非常明显 依照关卡循环，然后利用数据结构维护当天用的剑（如权值线段树或平衡树，建议 \(set\)） 通过一元同余方程解出当前关卡的答案（没有或有无数个，用通解表示） 把每个关卡答案的通解联立起来，就有了一堆同余方程组 扩展中国剩余定理求解即可 注意无解情况的判断（即解方程时
阅读全文
摘要：$\text 求 \(\sum_{i=1}^n \varphi(i)\) 和 \(\sum_{i=1}^n \mu(i)\) \(1 \le n < 2^{31}\) \(Solution\) 终于开始学杜教筛了！！！ 求积性函数 \(f\) 的前缀和，杜教筛可以低于线性 考虑卷积，构造积性函数 \
阅读全文
摘要：$\text 在一个矩阵里选数，每行最多选两个，每列最多选两个，最大会价值 \(n,m \le 30\) $\text 对个这个限制如何实现？ 跑费用流 把行看做点，列看做点 点对 \((i,j)\) 就用 \(i\) 行点连向 \(j\) 列点，流量为 \(1\)，费用为 \(-v[i][j]\)
阅读全文
摘要：$\text 1.询问区间最小值是否大于 \(0\) 2.区间加（可正可负） 3.区间取 \(\max\) 如果某个数经过操作后小于等于 \(0\)，以后的操作就不会再影响这个数 $\text 显然要用线段树维护这个区间 区间加和 \(\max\) 打个双标记就好了，给加法优先 然后考虑区间加的过程
阅读全文
摘要：$\text 求 \(\sum_{i=1}^n \sum_{d|n} \gcd(d, \frac{i}{d})\) 有 \(n \le 10^{11}\) $\text 一眼就知道要欧拉反演（虽然考场写了莫反） 那么就要套路套路地推式子了 先给出欧拉反演的一般形式 \(n = \sum_{d|n}
阅读全文
摘要：$\text 非常经典的题 $\text 显然将思考过程分为两步 $\text 求合法珍珠的种类数 设 \(f(i)\) 表示 \(\gcd = i\) 的本质不同的珍珠种类数 \(g(i)\) 表示 \(i | \gcd\) 的本质不同的珍珠种类数 那么 \(g(i) = \sum_{i|d} f
阅读全文
摘要：$\text 求一个 \(DAG\) 的最长反链 $\text 由 \(Dilworth\) 定理只最长反链等于最小链覆盖 而原图的链是可相交的，所以我们先做一遍 \(Floyd\) 传递闭包，使得原图的链不必相交即可覆盖 这样就转化为最小链覆盖（顶点不可相交） 于是用网络流经典模型解决 $\tex
阅读全文
摘要：$\text 给出一个项链，删去连续的一部分，使剩下的对称，且长度最长 $\text 可以发现，剩下的合法项链一定是由两个回文串接起来（由对称性质可知） 先套路地将项链倍长 那么我们只要用 \(\text{Manacher}\) 算出以每个点中心的回文半径 \(p[i]\) 找到两个中心 \(i,j
阅读全文
摘要：$\text 标准四维偏序 带修改（加和删除）和询问的三维空间正方体内部（包括边上）的点的数目 $\text 打法很多，\(\text{cdq}\) 套 \(\text{cdq}\) 加上树状数组处理或者 \(\text{cdq}\) 套树套树（如树状数组套线段树）等方法都可以 \(\text{K-
阅读全文
摘要：$\text 无根树同构的判断 $\text 考虑树哈希，注意使用较正确的哈希方法 无根树同构有个性质 只要判断以这两棵树的重心为根是否同构即可 $\text #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstri
阅读全文
浙公网安备 33010602011771号