[bzoj1042][HAOI2008][硬币购物] (容斥原理+递推)

Description

  硬币购物一共有4种硬币。面值分别为c1,c2,c3,c4。某人去商店买东西,去了tot次。每次带di枚ci硬币,买s
i的价值的东西。请问每次有多少种付款方法。

Input

  第一行 c1,c2,c3,c4,tot 下面tot行 d1,d2,d3,d4,s,其中di,s<=100000,tot<=1000

Output

  每次的方法数

Sample Input

1 2 5 10 2
3 2 3 1 10
1000 2 2 2 900

Sample Output

4
27

Solution

先递推一下哈

用递推式f[s]+=f[s-c[i]],求出没有个数限制情况下达到价值s的方案数

那么,有限制的方案数=f[s]-超过硬币1限制的方案数-超过硬币2限制的方案数-超过硬币3限制的方案数-超过硬币4限制的方案数+超过硬币1、2限制的方案数+超过硬币1、3限制的方案数+超过硬币1、4限制的方案数+。。。+超过硬币1、2、3、4限制的方案数

那么,对于超过情况

设s[i]代表第i种硬币的限制个数,c[i]代表第i种硬币的价值

我们只考虑超过s[i]+1的情况,剩下tot-c[i]*(s[i]+1)的话就自由分配

很科学吧

#include <stdio.h>
#define MaxN 100010
#define MaxBuf 1<<22
#define L long long
#define Blue() ((S==T&&(T=(S=B)+fread(B,1,MaxBuf,stdin),S==T))?0:*S++)
char B[MaxBuf],*S=B,*T=B;
template<class Type>inline void Rin(Type &x){
    x=0;int c=Blue();bool b=0;
    for(;c<48||c>57;c=Blue())
        if(c==45)b=1;
    for(;c>47&&c<58;c=Blue())
        x=(x<<1)+(x<<3)+c-48;
    x=b?-x:x;
}
int c[4],s[4],tar,kase;
L f[MaxN],ans;
void dfs(int x,int y,int sum){
    if(sum<0)
        return;
    if(x==4){
        ans+=y&1?-f[sum]:f[sum];
        return;
    }
    dfs(x+1,y,sum);
    dfs(x+1,y+1,sum-c[x]*(s[x]+1));
}
#define FO(x) {freopen(#x".in","r",stdin);}
int main(){
    FO(bzoj1042);
    for(int i=0;i<4;i++)
        Rin(c[i]);
    f[0]=1;
    for(int i=0;i<4;i++)
        for(int j=c[i];j<=100000;j++)
            f[j]+=f[j-c[i]];
    Rin(kase);
    while(kase--){
        for(int i=0;i<4;i++)
            Rin(s[i]);
        Rin(tar);
        ans=0;
        dfs(0,0,tar);
        printf("%lld\n",ans);
    }
    return 0;
}
 

  

posted @ 2017-01-31 22:15  keshuqi  阅读(...)  评论(... 编辑 收藏