02 2020 档案
摘要：pass 1 #include <cstdio> 2 #include <algorithm> 3 using namespace std; 4 int t1[110000],t2[110000],rk[110000],uni[10],c[10]; 5 int n; 6 int get(int *x
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摘要：pass 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #include <cmath> 4 #include <algorithm> 5 using namespace std; 6 const int MAXN = 1100000; 7 int cnt,n
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摘要：1422 1 #include <cstdio> 2 #include <algorithm> 3 using namespace std; 4 struct dat 5 { 6 int s,f; 7 } a[1100]; 8 int res,n,t; 9 bool cmp(dat x,dat y)
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摘要：pass 1 #include <algorithm> 2 #include <cstdio> 3 using namespace std; 4 const int MAXN = 210000; 5 int n,m,tot,cnt; 6 int vec[MAXN],num[MAXN],hsh[MAX
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摘要：这道题最初的想法是，所有的合法图案都由中间的那个核心的四个格子扩展而成，所以想把核心找出来，用数据结构维护，每次找出询问范围内可以扩展最大的核心。 仔细想想这样子可能会涉及到二维的数据结构，可能的复杂度也过高，有些想骗了。 考虑DP，dp[i][j][k]表示，以i，j为右下角，边长为k的正方形中，
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摘要：一定有一种走法可以把图中的所有边都遍历一遍。 怎么走，我们想办法把每一行都用一样的走法。 先直接往右走，然后往左走，然后往下，以此类推为基本想法。 那么除了左右两边，其他的竖向边都无法被顾及到怎么办？先整体横着走，再整体竖着走？发现不行。 所以我们往左走变成，下，上，左。这样子边向左走边把所有竖向边
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摘要：这道题觉得很巧妙。 让含1的子串尽可能多，就是全为0的子串尽可能少。（注意是全为0，不是有0，开始这里想当然然后就卡住了=.=）。 总的子串数就是(1,1)(1,2)...(1,n)(2,2)..(2,n)..(n,n)，显然是(n+1) * n/2。 我们考虑全为0的串数。我们有m个1，相当于有m
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摘要：对于-1而言，取相邻数最大最小中间值即可。 记得考虑非-1的数对答案也有影响。 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #include <algorithm> 4 using namespace std; 5 int T,minn,maxn,n,k,r
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摘要：对应位要么全相等，要么ac，bc有一个相等，ab不行。 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 using namespace std; 4 char a[110],b[110],c[110]; 5 int len,T; 6 bool suc; 7 bo
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摘要：1274 #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <algorithm> #include <vector> #include <queue> using namespace std; const int inf
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摘要：0边把图分成两个部分，这两个部分的路径之间，mex起码为1，都对答案产生1的贡献。 然后1边接在0边旁边，把图分成了更小的两个部分（0，1的两端），和一些不会再产生新的贡献的区域，这两个更小的部分路径之间，mex起码为2，都对答案又产生了1的贡献。（他们在刚刚算mex起码为1的时候，已经贡献过1了，
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摘要：我们倒着看，如果当前水桶 比右面水桶多，就把他俩匀一下。然后再往右接着看，如果匀过的这两个比右面第三个大，就把他们三个一起匀一下，复杂度O(N^2）。 我们考虑优化，如果一段被匀了之后，那么他们水位相同，之后要匀也一定是一起匀，就可以看作一个整体了。每个水桶只会被加入到整体一次，我们维护下每一段的开
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摘要：题意没有太读懂...导致我没写完。 就是按照顺时针给你一些点，问这些点是否中心对称。 就用1和n/2+1，求一个中心点。然后看2和n/2+2,3和n/2+3...所求出的中心点是不是一个同一个就行了。 注意n为奇数一定不行。 1 #include <cstdio> 2 #include <cmath
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摘要：那个函数的功能f(x,y)就是把y有1的位置，对应的x位置也都变成0。所以我们发现只有第一个数不同会带来结果变化，后面怎么排序没关系。 我们考虑那个数当第一个数最后结果最大。我们记录下二进制下每一位，出现过多少个1。然后依次枚举每个数当第一个数，然后把这个数1的位置对应出现1次数减去1，如果变0了，
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摘要：排序后，中间相邻的两个分别作为两个班级的中位数必定最优。 因为两个中位数必定一个在前半段，一个在后半段，那么显然中间两个差值最小。 1 #include <cstdio> 2 #include <algorithm> 3 using namespace std; 4 int a[210000],T,
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摘要：把所有0加成1，乘积不为0。 如果求和为0，就随便选一个正数再+1就行。如果没有正数，那么显然和为负数也不为0。 1 #include <cstdio> 2 using namespace std; 3 int T,n,res,sum,a[110]; 4 int main() 5 { 6 for (
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摘要：x和y的系数，常数项，本身均为正。整个图像以指数级别向右上跑。我们必定是从起点出发，到一个点后，一直向下或一直向上。 所以我们就枚举走的这一段的边界，然后看上下端点哪个和起点近取那段就好。因为坐标指数级别增加，所以可能到达的点数不会本多，O(N^2)枚举完全可以接受。 c++WA了，应该是炸long
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摘要：一定是两个障碍物组成一对来破坏连通性，每个障碍物可能属于最多3对，然后维护障碍物对数就行。但是懒得讨论，暴力分块过了。 涉及到修改的块暴力重构这个块的连通性。只要左端两个位置和右端两个位置中任意两个可互达就具有连通性。 然后每次询问，就先看每个块的连通性，再看每个块之间是否成功的连接起来。 1 #i
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摘要：如果f[x]表示有x个对手时候的最大获益。不难看出f[x] = max(f[i] + 1 - i / x)。i表示这次答题后剩下几个队首。 不难看出，随着x的增加，最大转移的i也是单调的，然后单调性优化下就可以了。 1 #include <cstdio> 2 using namespace std;
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摘要：不能吃饭的楼层有限，分类讨论下就好。没注意lower_bound查不到会出界这个问题，卡了好久...... 用map当数组做应该会更简单。 1 #include <cstdio> 2 #include <algorithm> 3 using namespace std; 4 int T,n,s,k,
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摘要：A 1 #include <cstdio> 2 using namespace std; 3 int T,n,sum,num[3100]; 4 char str[3100]; 5 bool suc; 6 int main() 7 { 8 for (scanf("%d",&T);T;T--) 9 {
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摘要：问因数<3的数个数，是否小于给定区间1/3。因数<3除了1以外等价于素数。 据说杜教筛改成求素数前缀和的版本可以暴力做，但是并不会。 我们一个直观感受是，素数是越来越稀疏的，打表发现，50以外长度30以上，一定满足。而长度不到30的，用根号算法暴力判断每个元素即可。 注意要以乘代除，或者起码除dou
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摘要：链接 给你一颗以1为根，2^5的树。让你求出以每个点为根的子树中，到子树中每个点距离和最小的点。 首先先做条件转化，到子树中每个点距离和最小，等价于重心，所以问题变成了求每棵子树的重心。 我们考虑如果用子树重心求出父亲的重心。发现一个显而易见的结论，父亲子树的重心，一定在重儿子子树的重心到根的连线上
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摘要：pass 首先，个人觉得把这个数据结构理解成树状数组套主席树是十分不严谨的。主席树的本质是可持久化权值线段树与前缀和思想的结合。而动态主席树是可持久化权值线段树与树状数组思想的结合。并非树套树般的泾渭分明的叠加。 其次，大概讲下对动态主席树的理解。我们静态主席树中，第i个版本维护的是[1,i]的权值
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