摘要：
感觉是6题中最难的一题，其实这题是一个二合一： 第一问：给定平面上若干点和k个关键点，关键点覆盖一个45°倾斜的正方形范围r，求有多少点被至少一个关键点覆盖。这个可以曼哈顿转切比雪夫距离，然后再扫描线求解，复杂度O(nlogn) 第二问：求最少和最多有多少次擦肩而过。显然每个交点都可以做对向交换，这 阅读全文
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出这种麻将题有意思吗？ 乍看很难实则很水，就是麻将式DP，想必大家很熟悉了吧。首先把“国士无双”和“七对子”两种牌型判掉，然后观察牌胡的形式，发现每多一张牌实际上就是把1个面子变成1个杠子，然后可以直接DP啦！f[i][j][k][p][q]表示到第i种牌型，(i-2,i-1,i)有j个，(i-1, 阅读全文
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首先看到与或，很显然想到按照位拆分运算。然后就变成了0/1矩阵，要使矩阵在当前位与为1，则矩阵全为1，如果是或为1，则是矩阵不全为0，然后求全为0/1的矩阵个数即可。记录c[i][j]表示以a[i][j]在该位向上0/1的长度。然后对于每一行，单调栈求解即可。 #include<bits/stdc+ 阅读全文
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要想让一个位置作为最小循环，其必须是最小后缀，然后一个字符串的最小后缀不超过O(logn)个，于是维护备选集合即可。 然而要在O(n)复杂度求解，需要求出原串后缀与原串的LCP长度，需要用Z-algorithm。而此时由于备选后缀存在前缀关系，比较时只需用到每个后缀与原串的LCP #include< 阅读全文
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AB 签到（A是a-b problem就不放code了） #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int r,g,b,n,ans; int main() { cin>>r>>g>>b>>n; for(int i=0;i*r<=n;i++) for(i 阅读全文
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O(nlogn)的做法十分显然，有三种可以做到O(nlogn)的：1、最容易的想法：把串扩展成两倍，然后跑一遍SA求后缀数组。2、求后缀同样也可以用SAM去求解，用map存一下。3、最暴力的方法：直接二分+hash比较第一位不同的。 其实这题想要让我们用最小表示法求解，然而我不会就来学一下。很容易发 阅读全文
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设第i个人在t时刻生/死为(x,0/1,t)，然后显然能够连上(x,0,t)->(x,0,t-1)，(x,1,t)->(x,1,t+1)，然后对于每个限制，用朴素的2-SAT连边即可。 但这样的点数达到了O(nT)，其实有一种方法可以只把限制的边连接建图，点数为4m，这样可能会被卡常。 有没有更优秀 阅读全文
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A 签到，然而手残WA了一发，不过加上50分名次不变。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,m; int main() { scanf("%d%d",&n,&m); m=n-m; if(m==n)printf("1"); else i 阅读全文
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据说原数据可以让复杂度不满的暴力O(Tn^2)过掉……O(Tn^2)方法类似于codeforces一场div2的E题 有一种比较好的方法：每次找出原图G中度最小的点加入q，然后将相邻的点加入新图G'。这显然能够得到一个最大的独立集。而p可以在维护度最小的点最大这一过程中，把G的所有点加入集合p。因为 阅读全文
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首先可以把问题转化一下：m堆石子，一共石子数不超过(n-m)颗，每次可以将一堆中一些石子推向前一堆，无法操作则失败，问有多少种方法使得先手必胜？ 然后这个显然是个阶梯Nim，然后有这样的结论：奇数层异或和为0。具体证明：参考这篇博客，当然不是我写的。如果不知道结论，里面有例题POJ1704可以做一下 阅读全文