随笔分类 - 其他
摘要：大体上的思路不算太难，但是细节巨多无比. 注意我们必须要选一个，所以在记录极差的同时还要记录一下上一次出现的位置. code: #include <cstdio> #include <algorithm> #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) usin
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摘要：这个黑白染色的思路真的是很巧妙啊 code: #include <cstdio> #include <string> #include <algorithm> #define ll long long using namespace std; namespace IO { void setIO(st
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摘要：非常有趣的一道题.... code: #include <cstdio> #include <string> #include <algorithm> using namespace std; namespace IO { void setIO(string s) { string in=s+".i
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摘要：code: #include <cstdio> #include <string> #include <algorithm> #define N 500005 #define inf 0.0000000001 using namespace std; namespace IO { void setI
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摘要：这道题的思路很神啊 ~ #include <cstdio> #include <string> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; const int N=200006; int cur_id; namespace
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摘要：明明可以用二维数点来做啊，网上为什么都是树剖+线段树呢 ? code: #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #define N 100006 #define inf 1000000 #define ll long lon
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摘要：这个题的思路非常好啊. 我们可以把 $k$ 个点拿出来，那么就是求将 $k$ 个点划分成不大于 $m$ 个集合的方案数. 令 $f[i][j]$ 表示将前 $i$ 个点划分到 $j$ 个集合中的方案数. 那么有 $f[i][j]=f[i-1][j-1]+f[i-1][j]*(j-fail[i])$，
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摘要：思路不难，但是细节还是挺多的，要格外注意一下. code: #include <cstdio> #include <queue> #include <cstring> #include <algorithm> #define N 2005 #define ll long long #define m
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摘要：code: #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #define N 100020 #define ll long long #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) using
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摘要：code: #include <cstdio> #include <algorithm> #define N 50020 #define ll long long #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) using namespace std; stru
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摘要：你发现平均值不会很大，所以直接暴力枚举平均值，然后跑 4*100 次最小生成树取最小值即可. code: #include <cstdio> #include <cmath> #include <algorithm> #define N 2005 #define ll long long #defi
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摘要：非常好的一道思维题. code: #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <vector> #define lson x<<1 #define rson x<<1|1 #define N 500010 #d
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摘要：以前一直以为这道题很恶心，事实证明还好，好多地方脑残写丑了. code: #include <cstdio> #include <string> #include <cstring> #include <algorithm> #define N 50003 using namespace std;
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摘要：code: #include <string> #include <cstring> #include <cstdio> #include <algorithm> #define N 50003 #define lson now<<1 #define rson now<<1|1 #define in
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摘要：然而这只是 70pts 的部分分，考场上没想到满分怎么做（现在也不会） code: #include <cstdio> #include <string> #include <stack> #include <queue> #include <cstring> #include <algorithm
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摘要：求：$a^{bx \%p}\equiv 1(\mod p)$ 的一个可行的 $x$. 根据欧拉定理，我们知道 $a^{\phi(p)}\equiv 1(\mod p)$ 而在 $a^x\equiv 1(\mod p)$ 这个式子中 $x$ 是存在很多个解的. 这些解之间存在着循环节，使得任意解 $x
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摘要：题意：给定一颗树，有 $m$ 次操作. 操作 0 ：向集合 $S$ 中加入一条路径 $(p,q)$，权值为 $v$ 操作 1 ：给定一个点集 $T$，求 $T$ 的并集与 $S$ 中路径含交集的权和.（就是如果路径 $i$ 与 $T$ 有交集，就产生 $v_{i}$ 的贡献） 数据范围：路径长度 $
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摘要：这个思路很巧妙啊 ~ code: #include <cstdio> #include <algorithm> #define N 2050 #define ll int #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) using namespace std;
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摘要：好神啊 ~ 打表程序： #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #define N 140000000 #define ll long long #define mod 998244353 #define setIO(s)
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摘要：判断有没有解：让所有没有障碍的格子都放一个士兵. 那么，题中要求最少放几个士兵，就是最多拿走几个士兵. 而由于行和列对士兵个数都是由要求的，这就规定了拿走的士兵的上界. 跑一个最大流来求就行了. code: #include <cstdio> #include <queue> #include <a
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