BZOJ 1497 [NOI2006]最大获利 (最小割)

1497: [NOI2006]最大获利

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Description

新的技术正冲击着手机通讯市场，对于各大运营商来说，这既是机遇，更是挑战。THU集团旗下的CS&T通讯公司在新一代通讯技术血战的前夜，需要做太多的准备工作，仅就站址选择一项，就需要完成前期市场研究、站址勘测、最优化等项目。在前期市场调查和站址勘测之后，公司得到了一共N个可以作为通讯信号中转站的地址，而由于这些地址的地理位置差异，在不同的地方建造通讯中转站需要投入的成本也是不一样的，所幸在前期调查之后这些都是已知数据：建立第i个通讯中转站需要的成本为Pi（1≤i≤N）。另外公司调查得出了所有期望中的用户群，一共M个。关于第i个用户群的信息概括为Ai, Bi和Ci：这些用户会使用中转站Ai和中转站Bi进行通讯，公司可以获益Ci。（1≤i≤M, 1≤Ai, Bi≤N） THU集团的CS&T公司可以有选择的建立一些中转站（投入成本），为一些用户提供服务并获得收益（获益之和）。那么如何选择最终建立的中转站才能让公司的净获利最大呢？（净获利 = 获益之和 - 投入成本之和）

Input

输入文件中第一行有两个正整数N和M 。第二行中有N个整数描述每一个通讯中转站的建立成本，依次为P1, P2, …, PN 。以下M行，第(i + 2)行的三个数Ai, Bi和Ci描述第i个用户群的信息。所有变量的含义可以参见题目描述。

Output

你的程序只要向输出文件输出一个整数，表示公司可以得到的最大净获利。

Sample Input

5 5
1 2 3 4 5
1 2 3
2 3 4
1 3 3
1 4 2
4 5 3

Sample Output

4

HINT

 

【样例说明】选择建立1、2、3号中转站，则需要投入成本6，获利为10，因此得到最大收益4。【评分方法】本题没有部分分，你的程序的输出只有和我们的答案完全一致才能获得满分，否则不得分。【数据规模和约定】 80%的数据中：N≤200，M≤1 000。 100%的数据中：N≤5 000，M≤50 000，0≤Ci≤100，0≤Pi≤100。

 

Source

 

 析：好久没有写代码了，本想找个比较简单的题目，以前能够手写的现在不能直接写了，还得想想原理，还是抄比较快啊。

具体这个题，是一个最小割，从源点向每个中转站引一条边，容量就是成本，然后从每个用户向汇点引一条边，容量是收益，然后每个站对每个用户连一条边，如果这个用户需要中转站的话，容量是无穷大。然后最后跑一次最大流最小割，用总收益减去最小割，注意是总收益，是不算成本，因为成本又不是收益，不能加。

代码如下：

#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000")
#include <cstdio>
#include <string>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <set>
#include <queue>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <map>
#include <cctype>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <sstream>
#include <list>
#include <assert.h>
#include <bitset>
#include <numeric>
#define debug() puts("++++")
#define gcd(a, b) __gcd(a, b)
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define sqr(x) ((x)*(x))
#define ms(a,b) memset(a, b, sizeof a)
#define sz size()
#define pu push_up
#define pd push_down
#define cl clear()
//#define all 1,n,1
#define FOR(i,x,n)  for(int i = (x); i < (n); ++i)
#define freopenr freopen("in.txt", "r", stdin)
#define freopenw freopen("out.txt", "w", stdout)
using namespace std;

typedef long long LL;
typedef unsigned long long ULL;
typedef pair<int, int> P;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const LL LNF = 1e17;
const double inf = 1e20;
const double PI = acos(-1.0);
const double eps = 1e-8;
const int maxn = 55000 + 10;
const int maxm = 3e5 + 10;
const int mod = 1e9 + 7;
const int dr[] = {-1, 0, 1, 0};
const int dc[] = {0, -1, 0, 1};
const char *de[] = {"0000", "0001", "0010", "0011", "0100", "0101", "0110", "0111", "1000", "1001", "1010", "1011", "1100", "1101", "1110", "1111"};
int n, m;
const int mon[] = {0, 31, 28, 31, 30, 31, 30, 31, 31, 30, 31, 30, 31};
const int monn[] = {0, 31, 29, 31, 30, 31, 30, 31, 31, 30, 31, 30, 31};
inline bool is_in(int r, int c) {
  return r >= 0 && r < n && c >= 0 && c < m;
}
struct Edge{
  int from, to, cap, flow;
};

struct Dinic{
  int n, m, s, t;
  vector<Edge> edges;
  vector<int> G[maxn];
  bool vis[maxn];
  int d[maxn];
  int cur[maxn];

  void init(int n){
    this->n = n;
    for(int i = 0; i < n; ++i)  G[i].cl;
    edges.cl;
  }

  void addEdge(int from, int to, int cap){
    edges.pb((Edge){from, to, cap, 0});
    edges.pb((Edge){to, from, 0, 0});
    m = edges.sz;
    G[from].pb(m - 2);
    G[to].pb(m - 1);
  }

  bool bfs(){
    queue<int> q;
    ms(vis, 0);  q.push(s);
    d[s] = 0;  vis[s] = 1;
    while(!q.empty()){
      int u = q.front();  q.pop();
      for(int i = 0; i < G[u].sz; ++i){
        Edge &e = edges[G[u][i]];
        if(!vis[e.to] && e.cap > e.flow){
          vis[e.to] = 1;
          d[e.to] = d[u] + 1;
          q.push(e.to);
        }
      }
    }
    return vis[t];
  }

  int dfs(int u, int a){
    if(u == t || a == 0)  return a;
    int flow = 0, f = 0;
    for(int &i = cur[u]; i < G[u].sz; ++i){
      Edge &e = edges[G[u][i]];
      if(d[e.to] == d[u] + 1 && (f = dfs(e.to, min(a, e.cap - e.flow))) > 0){
        e.flow += f;
        edges[G[u][i]^1].flow -= f;
        flow += f;
        a -= f;
        if(a == 0)  break;
      }
    }
    return flow;
  }

  int maxflow(int s, int t){
    this->s = s;  this->t = t;
    int flow = 0;
    while(bfs()){ ms(cur, 0);  flow += dfs(s, INF); }
    return flow;
  }
};
Dinic dinic;

int main(){
  scanf("%d %d", &n, &m);
  int ans = 0, s = 0, t = n + m + 1;
  for(int i = 1; i <= n; ++i){
    int x;  scanf("%d", &x);
    dinic.addEdge(s, i, x);
  }
  for(int i = 1; i <= m; ++i){
    int a, b, c;
    scanf("%d %d %d", &a, &b, &c);
    dinic.addEdge(a, i + n, INF);
    dinic.addEdge(b, i + n, INF);
    dinic.addEdge(i + n, t, c);
    ans += c;
  }
  ans -= dinic.maxflow(s, t);
  printf("%d\n", ans);
  return 0;
}