fhq_treap

摘要： 现在只会$O(qn^3log)$的$40pts$做法，鸽了。 反正就是预处理之后，去掉一个$n$。 我预处理了，没去$n$,hhhh,成功减少了一半的常数。 阅读全文

摘要： 很好，自己会做NOI签到题了，去年只要会这题，再多打点暴力，$Ag$到手，希望今年$NOI$同步赛过$Ag$线吧，得有点拿得出手的成绩证明啊。 考虑$T$非常大，$n$又很小。 想到了矩乘。 经典操作矩乘，$k$条边最短路，这东西去年泉州集训还做过。 那么就是有$T$天，考虑把一个需要$k$天的操作 阅读全文

摘要： 我们先考虑直接按题目上的来建边（\(2-sat\)）。 $l(i,j)$代表$i$这个点在$j$时活着。 $d(i,j)$代表$i$这个点在$j$时死去。 所以对应边来连就行了。 还有第三类边即不能前面死了，后面复活。 但这样的点是$O(Tn)$的，我们根本无法接受。 但是我们发现，每条边，标记了$ 阅读全文

摘要： 确实有想到重构树，不过没有继续下去的思路。 可能是对重构树的性质不太懂。 这种题目我们可以二分答案，考虑怎么$check$呢,整体二分+并查集,建出重构树，找去第一个小于这个数的方点，查询他的子树大小。 不过因为是两个点，要注意两点的满足性质的方点是同一个点的情况。 [AGC002D] Stamp 阅读全文

摘要： 前言：感觉笛卡尔树这个东西特别神奇。 嗯。啥题都要笛卡尔树。嗯。 笛卡尔树是这样的一种结构。 每个树节点具有一对键值$(x,y)$，在笛卡尔树上，$x$以二叉搜索树的形式，$y$以堆的形式存在。 所以$treap$也是一种笛卡尔树。 ##建树方法。 其中黑色的为$x$,红色为$y$. 我们考虑先对所 阅读全文

摘要： 考虑先做一个$O(n^2) 的 dp$ $f[i][j]$表示在$i$的子树中，距离当前点为$j$的点数 $g[i][j]$表示在$i$的子树中，两个点$lca$的距离为$d$,他们的$lca$到$i$距离为$d - j$的点对数。 那么怎么转移？ \(ans += g[i][0],ans += g 阅读全文

摘要： 一开始看错题目惹，导致错过了这题的关键$trick$ 考虑每次操作肯定都是一个$[k,n]$的，证明贪心一下就好了。 那么考虑记$f[i][k]$为前$i$个数用了$k$次。 那么只要满足$j < i \ and\ a_j + k_j ⇐ a_i + k_i \ and\ k_j < k_i$就能转 阅读全文

摘要： 看着$dp$标签进来的。 结果是个数据结构嘛。 这个对于每个人都维护一下子树里$sum ⇐ m$的最大人数就好了。 考虑贪心一下就不说了。从叶子节点往上合并堆，当然这种简单的合并操作，$stl$最好，跑得还很快。 [APIO2012]派遣 #include<iostream> #include<cs 阅读全文

摘要： 这种要求所有点都满足一个性质的东西，我们可以用树形$dp$做。 先考虑一个暴力的$dp$怎么做呢。 设$f[u][1/0]$为$u$点满足性质的，和父节点的边删不删的最小值。 那么有$f[u][0] = \sum{min(f[v][1] + w,f[v][0])}$ 同理也有$f[u][1]$ 那么 阅读全文

摘要： 很好我心态崩了。 ———————————————— 这里给出两种做法，代码上都有一些问题，建议不要$copy$. 一：离线做法 考虑直接线段树合并，把问题按边权排。 做完了。 离线做法 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> # 阅读全文